Question

如圖，在Rt△ABC中，∠ACB=90°，AC、BC的長為方程x²-14x+a=0的兩根，且AC-BC=2，D為AB的中點．
（1）求a的值．
（2）動點P從點A出發(fā)，以每秒2個單位的速度，沿A→D→C的路線向點C運動；動點Q從點B出發(fā)，以每秒3個單位的速度，沿B→C的路線向點C運動，且點Q每運動1秒，就停止2秒，然后再運動1秒…若點P、Q同時出發(fā)，當其中有一點到達終點時整個運動隨之結(jié)束．設運動時間為t秒．
①在整個運動過程中，設△PCQ的面積為S，試求S與t之間的函數(shù)關系式；并指出自變量t的取值范圍；
②是否存在這樣的t，使得△PCQ為直角三角形？若存在，請求出所有符合條件的t的值；若不存在，請說明理由．

Answer 1

【答案】分析：（1）根據(jù)根與系數(shù)的關系求出AC+BC=14，求出AC和BC，即可求出答案；
（2）根據(jù)勾股定理求出AB，sinB，過C作CE⊥AB于E，關鍵三角形的面積公式求出CE，I當0＜t≤1時，S=S_△ABC-S_△ACP-S_△PBQ=AC•BC-AP•CE-BQ•BPsinB，求出即可；II同理可求：當1＜t≤2.5時，S=S_△ABC-S_△ACP-S_△PBQ=×8×6-×2t×-×3×（10-2t）×=-t+12；III當2.5＜t≤3時，S=-t+12，IIII當3＜t＜4時，S=CQ•CPsin∠BCD=CQ•CPsin∠B=×（6-3t）×（10-2t）×=t²-t+24；②在整個運動過程中，只可能∠PQC=90°，當P在AD上時，若∠PQC=90°，cosB==，代入即可求出t；當P在DC上時，若∠PQC=90°，sinA=sin∠CPQ，=，得到，
=或=，求出t，根據(jù)t的范圍1＜t＜4，判斷即可．
解答：解：（1）∵AC、BC的長為方程x²-14x+a=0的兩根，
∴AC+BC=14，
又∵AC-BC=2，
∴AC=8，BC=6，
∴a=8×6=48，
答：a的值是48．

（2）∵∠ACB=90°，
∴AB==10．
又∵D為AB的中點，
∴CD=AB=5，
∵sinB==，
過C作CE⊥AB于E，
根據(jù)三角形的面積公式得：AC•BC=AB•CE，
6×8=10CE，
解得：CE=，

過P作PK⊥BQ于K，
∵sinB=，
∴PK=PB•sinB，
∴S_△PBQ=BQ×PK=BQ•BPsinB，
（I）當0＜t≤1時，S=S_△ABC-S_△ACP-S_△PBQ=AC•BC-AP•CE-BQ•BPsinB，
=×8×6-×2t×-×3t×（10-2t）×，
=t²-t+24，
（II）同理可求：當1＜t≤2.5時，S=S_△ABC-S_△ACP-S_△PBQ=AC•BC-AP•CE-BQ•BPsinB，
=×8×6-×2t×-×3×（10-2t）×，
=-t+12；
（III）當2.5＜t≤3時，
S=CQ•PCsin∠BCD=×3×（10-2t）×=-t+12；
（IIII）當3＜t＜4時，
∵△PHC∽△BCA，
∴，
∴=，
∴PH=8-1.6t，
∴S=CQ•PH=CQ•PH=×（6-3t）×（8-1.6t）
=t²-t+48．
答：S與t之間的函數(shù)關系式是：
S=t²-t+24（0＜t≤1）
或S=-t+12（1＜t≤2.5），
或S=-t+12（2.5＜t≤3），
或S=t²-t+48．（3＜t＜4）．

②解：在整個運動過程中，只可能∠PQC=90°，
當P在AD上時，若∠PQC=90°，cosB==，
∴=，
∴t=2.5，
當P在DC上時，若∠PQC=90°，
sinA=sin∠CPQ，
=，
=，或=，
t=，或t=2.5，
∵1＜t＜4，
∴t=，t=2.5，符合題意，
∴當t=2.5秒或秒時，△PCQ為直角三角形．
答：存在這樣的t，使得△PCQ為直角三角形，符合條件的t的值是2.5秒，秒．
點評：本題主要考查對銳角三角函數(shù)的定義，根據(jù)實際問題列二次函數(shù)的解析式，勾股定理，三角形的面積，直角三角形的性質(zhì)，解一元一次方程，根與系數(shù)的關系等知識點的理解和掌握，把實際問題轉(zhuǎn)化成數(shù)學問題是解此題的關鍵，此題是一個拔高的題目，有一定的難度．