Question

已知：用兩個(gè)邊長(zhǎng)為3全等的等邊三角形△ABC和△ACD拼成菱形ABCD且，把一個(gè)含60°的三角尺與這個(gè)菱形疊合；如果使三角尺60°的頂點(diǎn)與點(diǎn)A重合，兩邊分別與AB、AC重合．將三角尺繞A點(diǎn)按逆時(shí)針?lè)较蛐�轉(zhuǎn)（旋轉(zhuǎn)角小于60°）．

（1）當(dāng)三角尺的兩邊與菱形的兩邊BC、CD相交于點(diǎn)E、F．
①BE、CF有何數(shù)量關(guān)系，并證明你的結(jié)論．
②接EF，求△CEF面積的最大值．
（2）連接BD，在旋轉(zhuǎn)過(guò)程中三角尺的兩邊分別與BD相交于點(diǎn)M、N，是否存在以BM、MN、ND為邊的直角三角形？若存在，求BM的值；若不存在，請(qǐng)說(shuō)明理由．

Answer 1

分析：（1）①BE=CF，理由為：由三角形ABC與三角形ACD都為等邊三角形，利用等邊三角形的性質(zhì)得到一對(duì)角相等，一對(duì)邊相等，利用等式的性質(zhì)得到另一對(duì)角相等，利用ASA得到三角形ABE與三角形ACF全等，利用全等三角形的對(duì)應(yīng)邊相等即可得證；
②由三角形ABE與三角形ACF全等，得到兩三角形面積相等，AE=AF，根據(jù)等邊三角形ABC的邊長(zhǎng)為3，求出四邊形AECF的面積，即為三角形ABC的面積，表示出三角形ECF的面積，當(dāng)AE垂直于BC時(shí)，三角形AEF面積最小時(shí)，三角形ECF面積最大，求出此時(shí)AE的長(zhǎng)，確定此三角形AEF的面積，即可求出三角形ECF面積的最大值；
（2）將△ABM繞點(diǎn)A逆時(shí)針旋轉(zhuǎn)120°得到△ADP，其中AM=AP，AB=AD，BM=PD，由三角形ADP全等于三角形ABM，得到對(duì)應(yīng)角∠PAD=∠BAM，再由∠EAF=60°，∠CAD=60°，利用等式的性質(zhì)得到一對(duì)角相等，利用SAS得到三角形ADP與三角形ABM全等，利用全等三角形的對(duì)應(yīng)邊相等得到MN=PN，又在△PND中，MN=PN，BM=PD，故△PND即為以MN，BM，ND為邊的三角形，易知∠PDN=60°，所以△PND為直角三角形的情況分為兩種：①∠PND=90°，如圖4所示，求出此時(shí)BM的長(zhǎng)；②∠NPD=90°，如圖5所示，求出此時(shí)BM的長(zhǎng)即可．

解答：解：（1）∵△ABC和△ACD為等邊三角形，
∴∠B=∠ACD=60°，∠BAC=60°，AB=AC，
又∵∠EAF=60°，且∠BAE=∠BAC-∠AEC=60°-∠AEC，∠CAF=∠EAF-∠AEC=60°-∠AEC，
∴∠BAE=∠CAF，
又∵在△ABE和△ACF中，

∠BAE=∠CAF AB=AC ∠B=∠ACF

，
∴△ABE≌△ACF（ASA），
∴BE=CF；
（2）∵△ABE≌△ACF，
∴S_△ACF=S_△ABE，AE=AF，
又∵等邊△ABC的邊長(zhǎng)為3，且S_{四邊形AECF}=S_△AEC+S_△ACF，S_△ABC=S_△AEC+S_△ABE，
∴S_{四邊形AECF}=S_△ABC=

1

2

×3×

3 3

2

=

9 3

4

，
∴S_△ECF=S_{四邊形AECF}-S_△AEF=S_△ABC-S_△AEF=

9 3

4

-S_△AEF，
又∵∠EAF=60°，AE=AF，
∴△AEF為等邊三角形，
∴三角尺運(yùn)動(dòng)過(guò)程中，當(dāng)AE⊥BC時(shí)，S_△AEF最小，S_△ECF最大，
∴當(dāng)AE⊥BC時(shí)，AE=

3 3

2

，S_△AEF=

1

2

×

9

4

×

3 3

2

=

27 3

16

，
則S_△ECF=

9 3

4

-S_△AEF═

9 3

4

-

27 3

16

=

9 3

16

；
（3）將△ABM繞點(diǎn)A逆時(shí)針旋轉(zhuǎn)120°得到△ADP，其中AM=AP，AB=AD，BM=PD，
∵△ADP≌△ABM，
∴∠PAD=∠BAM，
又∵∠EAF=60°，∠CAD=60°，∠EAC=∠EAF-∠ACF=60°-∠ACF，
∠DAF=∠CAD-∠ACF=60°-∠ACF，
∴∠EAC=∠DAF，
∴∠PAN=∠PAD+∠DAF=∠BAM+∠EAC=∠BAC=60°，
又∵在△AMN和△APN中，

AM=AP ∠MAN=∠PAN AN=AN

，
∴△AMN≌△APN（SAS），
∴MN=PN，
又∵在△PND中，MN=PN，BM=PD，
∴△PND即為以MN，BM，ND為邊的三角形，
易知∠PDN=60°，
所以△PND為直角三角形的情況分為兩種：
①∠PND=90°，如圖4所示，
∵Rt△PND中，∠PDN=60°且BD=3

3

，
∴ND=

1

2

PD，PN=

3

2

PD，
則BD=BM+MN+ND=PD+PN+ND，即3

3

=PD+

1

2

PD+

3

2

PD，
則BM=PD=3

3

-3；

②∠NPD=90°，如圖5所示，
∵Rt△PND中，∠PDN=60°且BD=3

3

，
∴ND=2PD，PN=

3

PD，
∴BD=BM+MN+ND=PD+PN+ND，即3

3

=PD+2PD+

3

PD，
則BM=PD=

3 3 -3

2

．

點(diǎn)評(píng)：此題考查了旋轉(zhuǎn)的性質(zhì)，全等三角形的判定與性質(zhì)，等邊三角形的性質(zhì)，利用了分類討論及數(shù)形結(jié)合的思想，是一道綜合性較強(qiáng)的探究題．