【題目】將一矩形紙片OABC放在平面直角坐標(biāo)系中,O(0,0),A(6,0),C(0,3).動(dòng)點(diǎn)Q從點(diǎn)O出發(fā)以每秒1個(gè)單位長(zhǎng)的速度沿OC向終點(diǎn)C運(yùn)動(dòng),運(yùn)動(dòng) 秒時(shí),動(dòng)點(diǎn)P從點(diǎn)A出發(fā)以相等的速度沿AO向終點(diǎn)O運(yùn)動(dòng).當(dāng)其中一點(diǎn)到達(dá)終點(diǎn)時(shí),另一點(diǎn)也停止運(yùn)動(dòng).設(shè)點(diǎn)P的運(yùn)動(dòng)時(shí)間為t(秒).

(1)求點(diǎn)B的坐標(biāo),并用含t的代數(shù)式表示OP,OQ;
(2)當(dāng)t=1時(shí),如圖1,將△OPQ沿PQ翻折,點(diǎn)O恰好落在CB邊上的點(diǎn)D處,求點(diǎn)D的坐標(biāo);
(3)在(2)的條件下,矩形對(duì)角線(xiàn)AC,BO交于M,取OM中點(diǎn)G,BM中點(diǎn)H,求證:當(dāng)t=1時(shí)四邊形DGPH是平行四邊形.

【答案】
(1)

解:∵O(0,0),A(6,0),C(0,3),

∴OA=6,OC=3,

∵四邊形OABC是矩形,

∴AB=OC=3,BC=OA=6,

∴B(6,3),

∵動(dòng)點(diǎn)Q從O點(diǎn)以每秒1個(gè)單位長(zhǎng)的速度沿OC向終點(diǎn)C運(yùn)動(dòng),運(yùn)動(dòng) 秒時(shí),動(dòng)點(diǎn)P從點(diǎn)A出發(fā)以相等的速度沿AO向終點(diǎn)O運(yùn)動(dòng).

∴當(dāng)點(diǎn)P的運(yùn)動(dòng)時(shí)間為t(秒)時(shí),

AP=t,OQ= +t,

則OP=OA﹣AP=6﹣t;


(2)

解:當(dāng)t=1時(shí),OQ= ,則CQ=CQ=OC﹣OQ=

由折疊可知:△OPQ≌△DPQ,

∴OQ=DQ= ,

由勾股定理,得:CD=1,

∴D(1,3);


(3)

證明:如圖所示,

由(1),(2)知:當(dāng)t=1時(shí),

CD=AP=1,OA=BC=6

∴BC﹣CD=OA﹣AP,即BD=OP=5,

∵四邊形OABC是矩形,

∴OM=MB,OA∥BC,

∵G為OM中點(diǎn),H為BM中點(diǎn),

∴OG=BH,

∵OA∥BC,

∴∠CBO=∠AOB,

在△POG和△DBH中,

∴△POG≌△DBH(SAS),

∴∠OGP=∠BHD,PG=DH,

∴∠MGP=∠DHM,

∴PG∥DH,

∵PG=DH,

∴四邊形DGPH是平行四邊形.

故當(dāng)t=1時(shí)四邊形DGPH是平行四邊形.


【解析】(1)由O(0,0),A(6,0),C(0,3),可得:OA=6,OC=3,根據(jù)矩形的對(duì)邊平行且相等,可得:AB=OC=3,BC=OA=6,進(jìn)而可得點(diǎn)B的坐標(biāo)為:(6,3),然后根據(jù)P點(diǎn)與Q點(diǎn)的運(yùn)動(dòng)速度與運(yùn)動(dòng)時(shí)間即可用含t的代數(shù)式表示OP,OQ;(2)由翻折的性質(zhì)可知:△OPQ≌△DPQ,進(jìn)而可得:DQ=OQ,然后由t=1時(shí),DQ=OQ= ,CQ=OC﹣OQ= ,然后利用勾股定理可求CD的值,進(jìn)而可求點(diǎn)D的坐標(biāo);(3)由(1),(2)知:當(dāng)t=1時(shí),CD=AP=1,OA=BC=6,進(jìn)而可得:BD=OP=5,然后由矩形的性質(zhì)可得:OG=BH,∠CBO=∠AOB,然后根據(jù)SAS證明△POG≌△DBH,進(jìn)而可得PG∥DH,PG=DH,然后根據(jù)一組對(duì)邊平行且相等的四邊形是平行四邊形,即可求證:當(dāng)t=1時(shí)四邊形DGPH是平行四邊形.

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