Question

如圖，拋物線y=ax²+bx+4與x軸交于A（-2，0）、B（4、0）兩點(diǎn)，與y軸交于C點(diǎn)．
（1）求拋物線的解析式；
（2）T是拋物線對稱軸上的一點(diǎn)，且△ATC是以AC為底的等腰三角形，求點(diǎn)T的坐標(biāo)；
（3）M、Q兩點(diǎn)分別從A、B點(diǎn)以每秒1個(gè)單位長度的速度沿x軸同時(shí)出發(fā)相向而行，當(dāng)點(diǎn)M到原點(diǎn)時(shí)，點(diǎn)Q立刻掉頭并以每秒個(gè)單位長度的速度向點(diǎn)B方向移動(dòng)，當(dāng)點(diǎn)M到達(dá)拋物線的對稱軸時(shí)，兩點(diǎn)停止運(yùn)動(dòng)，過點(diǎn)M的直線l⊥x軸交AC或BC于點(diǎn)P．求點(diǎn)M的運(yùn)動(dòng)時(shí)間t與△APQ面積S的函數(shù)關(guān)系式，并求出S的最大值．

Answer 1

解：（1）把A（-2，0），B（4，0）代入y=ax²+bx+4得：
，
解得：a=-，b=1，
∴拋物線的解析式是：y=-x²+x+4，
答：拋物線的解析式是y=-x²+x+4．

（2）由y=-x²+x+4=-（x-1）²+，得拋物線的對稱軸為直線x=1，
直線x=1交x軸于點(diǎn)D，設(shè)直線x=1上一點(diǎn)T（1，h），
連接TC、TA，作CE⊥直線x=1，垂足是E，
由C（0，4）得點(diǎn)E（1，4），
在Rt△ADT和Rt△TEC中，由TA=TC得3²+h²=1²+（4-h）²，
∴h=1，
∴T的坐標(biāo)是（1，1），
答：點(diǎn)T的坐標(biāo)是（1，1）．

（3）（I）當(dāng)0＜t≤2時(shí)，△AMP∽△AOC，
∴=，PM=2t，
AQ=6-t，
∴S=PM•AQ=×2t（6-t）=-t²+6t=-（t-3）²+9，
當(dāng)t=2時(shí)S的最大值為8；
（II）當(dāng)2＜t≤3時(shí)，
作PM⊥x軸于M，作PF⊥y軸于點(diǎn)F，

則△COB∽△CFP，
又∵CO=OB，
∴FP=FC=t-2，PM=4-（t-2）=6-t，AQ=4+（t-2）=t+1，
∴S=PM•AQ=（6-t）（t+1）=-t²+4t+3=-（t-）²+，
當(dāng)t=時(shí)，S最大值為，
綜合（I）（II）S的最大值為，
答：點(diǎn)M的運(yùn)動(dòng)時(shí)間t與△APQ面積S的函數(shù)關(guān)系式是S=-t²+6t（0＜t≤2），S=t²+4t（2＜t≤3），S的最大值是．
分析：（1）把A、B的坐標(biāo)代入拋物線的解析式得到方程組，求出方程組的解即可；
（2）設(shè)直線x=1上一點(diǎn)T（1，h），連接TC、TA，作CE⊥直線x=1，垂足是E，根據(jù)TA=TC由勾股定理求出即可；
（3）（I）當(dāng)0＜t≤2時(shí)，△AMP∽△AOC，推出比例式，求出PM，AQ，根據(jù)三角形的面積公式求出即可；
（II）當(dāng)2＜t≤3時(shí)，作PM⊥x軸于M，PF⊥y軸于點(diǎn)F，表示出三角形APQ的面積，利用配方法求出最值即可．
點(diǎn)評：本題主要考查對解二元一次方程組，用待定系數(shù)法求二次函數(shù)的解析式，三角形的面積，二次函數(shù)的最值等知識點(diǎn)的連接和掌握，能綜合運(yùn)用這些性質(zhì)進(jìn)行計(jì)算是解此題的關(guān)鍵．