Question

（2014•寶山區(qū)一模）如圖，已知拋物線y=-

1

4

x2+bx+4與x軸相交于A、B兩點，與y軸相交于點C，若已知B點的坐標(biāo)為B（8，0）．
（1）求拋物線的解析式及其對稱軸方程；
（2）連接AC、BC，試判斷△AOC與△COB是否相似？并說明理由；
（3）M為拋物線上BC之間的一點，N為線段BC上的一點，若MN∥y軸，求MN的最大值；
（4）在拋物線的對稱軸上是否存在點Q，使△ACQ為等腰三角形？若存在，求出符合條件的Q點坐標(biāo)；若不存在，請說明理由．

Answer 1

分析：（1）把點B的坐標(biāo)代入拋物線解析式求出b的值，即可得到拋物線解析式，再根據(jù)對稱軸方程列式計算即可得解；
（2）令y=0，解方程求出點A的坐標(biāo)，令x=0求出y的值得到點C的坐標(biāo)，再求出OA、OB、OC，然后根據(jù)對應(yīng)邊成比例，夾角相等的兩個三角形相似證明；
（3）設(shè)直線BC的解析式為y=kx+b，利用待定系數(shù)法求出解析式，再表示出MN，然后根據(jù)二次函數(shù)的最值問題解答；
（4）利用勾股定理列式求出AC，過點C作CD⊥對稱軸于D，然后分①AC=CQ時，利用勾股定理列式求出DQ，分點Q在點D的上方和下方兩種情況求出點Q到x軸的距離，再寫出點的坐標(biāo)即可；②點Q為對稱軸與x軸的交點時，AQ=CQ，再寫出點Q的坐標(biāo)即可．

解答：解：（1）∵點B（8，0）在拋物線y=-

1

4

x2+bx+4上，
∴-

1

4

×64+8b+4=0，
解得b=

3

2

，
∴拋物線的解析式為y=-

1

4

x²+

3

2

x+4，
對稱軸為直線x=-

3 2

2×(- 1 4 )

=3；

（2）△AOC∽△COB．
理由如下：令y=0，則-

1

4

x²+

3

2

x+4=0，
即x²-6x-16=0，
解得x₁=-2，x₂=8，
∴點A的坐標(biāo)為（-2，0），
令x=0，則y=4，
∴點C的坐標(biāo)為（0，4），
∴OA=2，OB=8，OC=4，
∵

OC

OA

=

OB

OC

=2，∠AOC=∠COB=90°，
∴△AOC∽△COB；

（3）設(shè)直線BC的解析式為y=kx+b，
則

8k+b=0 b=4

，
解得

k=- 1 2 b=4

，
∴直線BC的解析式為y=-

1

2

x+4，
∵MN∥y軸，
∴MN=-

1

4

x²+

3

2

x+4-（-

1

2

x+4），
=-

1

4

x²+

3

2

x+4+

1

2

x-4，
=-

1

4

x²+2x，
=-

1

4

（x-4）²+4，
∴當(dāng)x=4時，MN的值最大，最大值為4；

（4）由勾股定理得，AC=

22+42

=2

5

，
過點C作CD⊥對稱軸于D，則CD=3，
①AC=CQ時，DQ=

CQ2-CD2

=

(2 5 )2-32

=

11

，
點Q在點D的上方時，點Q到x軸的距離為4+

11

，
此時點Q₁（3，4+

11

），
點Q在點D的下方時，點Q到x軸的距離為4-

11

，
此時點Q₂（3，4-

11

），
②點Q為對稱軸與x軸的交點時，AQ=5，
CQ=

32+42

=5，
∴AQ=CQ，
此時，點Q₃（3，0），
綜上所述，點Q的坐標(biāo)為（3，4+

11

）或（3，4-

11

）或（3，0）時，△ACQ為等腰三角形時．

點評：本題是二次函數(shù)綜合題型，主要利用了待定系數(shù)法求二次函數(shù)解析式，待定系數(shù)法求一次函數(shù)解析式，相似三角形的判定，二次函數(shù)的最值問題，勾股定理的應(yīng)用，等腰三角形的性質(zhì)，難點在于（4）要分情況討論．