Question

已知：拋物線M：y=x²+（m-1）x+（m-2）與x軸相交于A（x₁，0），B（x₂，0）兩點，且x₁＜x₂．
（Ⅰ）若x₁x₂＜0，且m為正整數(shù)，求拋物線M的解析式；
（Ⅱ）若x₁＜1，x₂＞1，求m的取值范圍；
（Ⅲ）試判斷是否存在m，使經(jīng)過點A和點B的圓與y軸相切于點C（0，2）？若存在，求出M：y=x²+（m-1）x+（m-2）的值；若不存在，試說明理由；
（Ⅳ）若直線l：y=kx+b過點F（0，7），與（Ⅰ）中的拋物線M相交于P，Q兩點，且使，求直線l的解析式．

Answer 1

【答案】分析：（1）本題有多種解法．首先由題意可得x₁x₂=m-2＜0，可求出m值，然后根據(jù)題意求出解析式即可．
（2）已知題意x₁＜1，x₂＞1推出（x₁-1）（x₂-1）＜0，然后可知x₁+x₂=-（m-1），x₁x₂=m-2，代入等式可解．
（3）存在．根據(jù)題意因為過A，B兩點的圓與y軸相切于點C（0，2），所以A，B兩點在y軸的同側(cè)，故x₁x₂＞0，
再根據(jù)圓的切割線定理得知OC²=OA•OB．
（4）首先分別假設(shè)P．Q的坐標(biāo)為（x₁，y₁），（x₂，y₂）．由平行線定理求出x₂與x₁的等量關(guān)系．再證明△FP₂P∽△FQ₂Q，求出x₁的值，根據(jù)實際情況取值．
解答：解：（1）解法一：由題意得，x₁x₂=m-2＜0．（1分）
解得，m＜2．
∵m為正整數(shù)，
∴m=1．
∴y=x²-1．（2分）
解法二：由題意知，當(dāng)x=0時，y=0²+（m-1）×0+（m-2）＜0．（1分）
（以下同解法一）
解法三：∵△=（m-1）²-4（m-2）=（m-3）²，
∴x=，
∴x₁=-1，x₂=2-m．
又∵x₁x₂＜0，
∴x₂=2-m＞0．（1分）
∴m＜2．
（以下同解法一．）
解法四：令y=0，即x²+（m-1）x+（m-2）=0，
∴（x+1）（x+m-2）=0
∴x₁=-1，x₂=2-m．
（以下同解法三．）

（2）解法一：∵x₁＜1，x₂＞1，
∴x₁-1＜0，x₂-1＞0．
∴（x₁-1）（x₂-1）＜0，
即x₁x₂-（x₁+x₂）+1＜0．（3分）
∵x₁+x₂=-（m-1），x₁x₂=m-2，
∴（m-2）+（m-1）+1＜0．（4分）
解得m＜1．
∴m的取值范圍是m＜1．（5分）
解法二：由題意知，當(dāng)x=1時，
y=1+（m-1）+（m-2）＜0．（4分）
解得：m＜1．
∴m的取值范圍是m＜1．（5分）
解法三：由（Ⅰ）的解法三、四知，x₁=-1，x₂=2-m．
∵x₁＜1，x₂＞1，
∴2-m＞1，（4分）
∴m＜1．
∴m的取值范圍是m＜1．（5分）

（3）存在．
解法一：因為過A，B兩點的圓與y軸相切于點C（0，2），
所以A，B兩點在y軸的同側(cè)，
∴x₁x₂＞0．（6分）
由切割線定理知，OC²=OA•OB，（7分）
即2²=|x₁||x₂|．
∴|x₁x₂|=4
∴x₁x₂=4．
∴m-2=4．
∴m=6．（8分）
解法二：連接O'B，O'C．
圓心所在直線，（6分）
設(shè)直線與x軸交于點D，圓心為O'，
則O'D=OC=2，O'C=OD=．
∵AB=|x₂-x₁|==|m-3|，BD=，
∴．（7分）
在Rt△O′DB中，
O'D²+DB²=O'B²．
即．
解得m=6．（8分）

（4）設(shè)P（x₁，y₁），Q（x₂，y₂），
則y₁=x₁²-1，y₂=x₂²-1．
過P，Q分別向x軸引垂線，垂足分別為P₁（x₁，0），Q（x₂，0）．
則PP₁∥FO∥QQ₁．
所以由平行線分線段成比例定理知，．
因此，，即x₂=-2x₁．（9分）
過P，Q分別向y軸引垂線，垂足分別為P₂（0，y₁），Q₂（0，y₂），
則PP₂∥QQ₂．所以△FP₂P∽△FQ₂Q．
∴．
∴．
∴21-2y₁=y₂．（10分）
∴21-2（x₁²-1）=x₂²-1
∴23-2x₁²=4x₁²-1
∴x₁²=4，
∴x₁=2，或x₁=-2．（11分）
當(dāng)x₁=2時，點P（2，3）．
∵直線l過P（2，3），F(xiàn)（0，7），
∴，
解得
當(dāng)x₁=-2時，點P（-2，3）．
∵直線l過P（-2，3），F(xiàn)（0，7），
∴，
解得
故所求直線l的解析式為：y=2x+7，或y=-2x+7．（12分）
點評：[點評]本題對學(xué)生有一定的能力要求，涉及了初中數(shù)學(xué)的大部分重點章節(jié)的重點知識，是一道選拔功能卓越的好題．