Question

8．如圖所示，是小明設(shè)計(jì)的一種飲水機(jī)簡(jiǎn)易原理圖，A為水箱，L為指示燈，其電阻為10Ω，S₁為電源開(kāi)關(guān)，S為溫控開(kāi)關(guān)，有a、b兩個(gè)觸點(diǎn)．R₁為加熱電阻，下表是一些技術(shù)參數(shù)．（不考慮R₁、R₂和指示燈L的阻值受溫度變化的影響，表中的功率均指R₁的功率）

飲水機(jī)的技術(shù)參數(shù)
額定電壓	加熱功率	保溫功率
220V	484W	25W

（1）指示燈工作時(shí)，飲水機(jī)處于保溫狀態(tài)．（選填“保溫”或“加熱”）
（2）電阻R₂的阻值為多少？
（3）在保溫狀態(tài)下50s內(nèi)，水吸收熱量1000J，問(wèn)飲水機(jī)此狀態(tài)下的供熱效率是多少？
（4）你認(rèn)為此飲水機(jī)在設(shè)計(jì)上有什么不足之處．（寫(xiě)出一條即可）

Answer 1

分析 （1）指示燈工作和不工作時(shí)，判斷出電路中連入的電阻阻值，根據(jù)P=$\frac{{U}^{2}}{R}$比較出功率的大小即可得知答案．
（2）根據(jù)額定電壓和加熱總功率求出R₁，再根據(jù)R₁和保溫功率求出R_總，于是利用R_總=R_L+R₁+R₂即可求出R₂，
（3）根據(jù)W=Pt求出消耗的電能，利用η=$\frac{{Q}_{吸}}{W}$求出效率；
（4）根據(jù)指示燈工作是處于保溫狀態(tài)和保溫時(shí)消耗能量的去向即可分析得出不足之處．

解答 解：（1）指示燈工作時(shí)，指示燈、R₁和R₂串聯(lián)，指示燈不工作時(shí)，只有R₁連入，因?yàn)榇��?lián)電路的總阻值大于串聯(lián)的任意一個(gè)電阻的阻值，所以根據(jù)P=$\frac{{U}^{2}}{R}$可知指示燈工作時(shí)電路中的功率小，即此時(shí)飲水機(jī)處于保溫狀態(tài)；
（2）由P=$\frac{{U}^{2}}{R}$可知：飲水機(jī)處于加熱狀態(tài)時(shí)R₁=$\frac{{U}^{2}}{{P}_{加}}$=$\frac{（220V）^{2}}{484W}$=100Ω．
由于飲水機(jī)處于保溫狀態(tài)時(shí)，指示燈、R₁和R₂串聯(lián)，R₁的保溫功率為25W，
則由P=I²R得：I_保=$\sqrt{\frac{{P}_{保}}{{R}_{1}}}$=$\sqrt{\frac{25W}{100Ω}}$=0.5A，
則由I=$\frac{U}{R}$得：R_總=$\frac{U}{{I}_{保}}$=$\frac{220V}{0.5A}$=440Ω．
由于根據(jù)串聯(lián)電路的總阻值等于串聯(lián)的各電阻之和，
所以R₂=R_總-R_L-R₁=440Ω-100Ω-10Ω=330Ω．
（3）飲水機(jī)處于加熱狀態(tài)時(shí)需要消耗的電能為W=Pt=484W×50s=24200J，
效率η=$\frac{{Q}_{吸}}{W}$×100%=$\frac{2×1{0}^{4}J}{24200J}$×100%≈82.6%；
（4）①處于保溫狀態(tài)指示燈工作，而處于加熱狀態(tài)時(shí)沒(méi)有指示燈顯示，所以沒(méi)有加熱指示燈，R₁斷開(kāi)也不能知道；
②處于保溫狀態(tài)時(shí)，指示燈、R₁和R₂串聯(lián)，R₂比R₁大得多，根據(jù)P=I²R可知R₂消耗的電能多，而這部分電能沒(méi)有用于保溫，是浪費(fèi)的．
答：（1）指示燈工作時(shí)，飲水機(jī)處于保溫狀態(tài)；
（2）電阻R₂的阻值是330；
（3）飲水機(jī)在此狀態(tài)下的供熱效率是82.6%；
（4）飲水機(jī)在設(shè)計(jì)上不足之處有：
①?zèng)]有加熱指示燈，R₁斷開(kāi)也不能知道；
②處于保溫狀態(tài)時(shí)，R₂消耗的電能多，而這部分電能沒(méi)有用于保溫，是浪費(fèi)的．

點(diǎn)評(píng) 此題主要考查學(xué)生對(duì)電功率的計(jì)算，歐姆定律的應(yīng)用、電阻的串聯(lián)等知識(shí)點(diǎn)的理解和掌握，此題的難點(diǎn)在根據(jù)判斷電阻值的大�。�