Question

14．已知函數(shù)f（x）=（2x²-4ax）lnx+x²．
（1）設(shè)a＞0，求函數(shù)f（x）的單調(diào)區(qū)間．
（2）不等式（2x-4a）lnx＞-x對(duì)?x∈[1，+∞）恒成立，求a的取值范圍．

Answer 1

分析 （1）f′（x）=（4x-4a）（lnx+1），（a＞0），令f′（x）=0，得x=a，或x=$\frac{1}{e}$．分以下三種情況：①當(dāng)a=$\frac{1}{e}$時(shí)，②當(dāng)0$＜a＜\frac{1}{e}$時(shí)，③當(dāng)a$＞\frac{1}{e}$時(shí)，求函數(shù)的單調(diào)區(qū)間；
（2）不等式（2x-4a）lnx＞-x對(duì)?x∈[1，+∞）恒成立?不等式x（2x-4a）lnx＞-x²對(duì)?x∈[1，+∞）恒成立
?f（x）＞0對(duì)?x∈[1，+∞）恒成立，結(jié)合（1）求解．

解答 解：（1）函數(shù)函數(shù)f（x）=（2x²-4ax）lnx+x²的定義域?yàn)椋?，+∞）．
 f′（x）=（4x-4a）（lnx+1），（a＞0），令f′（x）=0，得x=a，或x=$\frac{1}{e}$．
①當(dāng)a=$\frac{1}{e}$時(shí)，f′（x）≥0在（0，+∞）恒成立，此時(shí)函數(shù)的增區(qū)間為（0，+∞），無減區(qū)間；
②當(dāng)0$＜a＜\frac{1}{e}$時(shí)，x∈（0，a），（$\frac{1}{e}，+∞$）時(shí)，f′（x）＞0，x$∈（a，\frac{1}{e}）$時(shí)，f′（x）＜0，
此時(shí)函數(shù)的增區(qū)間為（0，a），（$\frac{1}{e}，+∞$），減區(qū)間為：（a，$\frac{1}{e}$）；
③當(dāng)a$＞\frac{1}{e}$時(shí)，x$∈（0，\frac{1}{e}），（a，+∞）$時(shí)，f′（x）＞0，x$∈（\frac{1}{e}，a）$時(shí)，f′（x）＜0，
此時(shí)函數(shù)的增區(qū)間為，（0，$\frac{1}{e}$），（a，+∞），減區(qū)間為：（$\frac{1}{e}，a$）．
（2）不等式（2x-4a）lnx＞-x對(duì)?x∈[1，+∞）恒成立
?不等式x（2x-4a）lnx＞-x²對(duì)?x∈[1，+∞）恒成立，
?f（x）＞0對(duì)?x∈[1，+∞）恒成立，而f（1）=1＞0，
由（1）得：當(dāng)0＜a≤1時(shí)，函數(shù)在[1，+∞）遞增，f（x）≥f（1）＞0，符合題意．
當(dāng)a＞1時(shí)，函數(shù)在（1，a）遞減，在（a，+∞）遞增，
故只需f（a）=a²（1-2lna）＞0，即2lna＜1，解得a$＜\sqrt{e}$．
故1$＜a＜\sqrt{e}$符合題意
綜上：a的取值范圍為（0，$\sqrt{e}$）．

點(diǎn)評(píng) 本題考查了利用導(dǎo)數(shù)求單調(diào)區(qū)間、函數(shù)最值，考查了轉(zhuǎn)化思想、分類討論思想，屬于中檔題．