Question

（2013•房山區(qū)二模）已知函數(shù)f(x)=(x2+x-a)e

x

a

（a＞0）．
（Ⅰ）當(dāng)a=1時(shí)，求函數(shù)f（x）的單調(diào)區(qū)間；
（Ⅱ）當(dāng)x=-5時(shí)，f（x）取得極值．
①若m≥-5，求函數(shù)f（x）在[m，m+1]上的最小值；
②求證：對(duì)任意x₁，x₂∈[-2，1]，都有|f（x₁）-f（x₂）|≤2．

Answer 1

分析：（Ⅰ）求導(dǎo)數(shù)f′（x），當(dāng)a=1時(shí)，解不等式f′（x）＞0，f′（x）＜0即可；
（Ⅱ）①當(dāng)x=-5時(shí)f（x）取得極值可得f′（-5）=0，由此求得a值，從而利用導(dǎo)數(shù)可求得f（x）的單調(diào)區(qū)間及極值點(diǎn)，按極值點(diǎn)在區(qū)間[m，m+1]內(nèi)、外討論f（x）的單調(diào)性，由單調(diào)性即可求得f（x）的最小值；②對(duì)任意x₁，x₂∈[-2，1]，都有|f（x₁）-f（x₂）|≤f_max（x）-f_min（x），利用導(dǎo)數(shù)易求得函數(shù)在[-2，1]內(nèi)的最大值、最小值；

解答：解：（Ⅰ）f′（x）=

1

a

(x2+x-a)e

x

a

+（2x+1）e

x

a

=

1

a

x(x+1+2a)e

x

a

，
當(dāng)a=1時(shí)，f′（x）=x（x+3）e^x，
解f′（x）＞0得x＞0或x＜-3，解f′（x）＜0得-3＜x＜0，
所以f（x）的單調(diào)增區(qū)間為（-∞，-3）和（0，+∞），單調(diào)減區(qū)間為（-3，0）．
（Ⅱ）①當(dāng)x=-5時(shí)，f（x）取得極值，所以f′（-5）=

1

a

(-5)(-5+1+2a)e

x

a

=0，
解得a=2（經(jīng)檢驗(yàn)a=2符合題意），
f′（x）=

1

2

x(x+5)e

x

2

，當(dāng)x＜-5或x＞0時(shí)f′（x）＞0，當(dāng)-5＜x＜0時(shí)f′（x）＜0，
所以f（x）在（-∞，-5）和（0，+∞）上遞增，在（-5，0）上遞減，
當(dāng)-5≤m≤-1時(shí)，f（x）在[m，m+1]上單調(diào)遞減，f_min（x）=f（m+1）=m（m+3）e

m+1

2

，
當(dāng)-1＜m＜0時(shí)，m＜0＜m+1，f（x）在[m，0]上單調(diào)遞減，在[0，m+1]上單調(diào)遞增，f_min（x）=f（0）=-2，
當(dāng)m≥0時(shí)，f（x）在[m，m+1]上單調(diào)遞增，f_min（x）=f（m）=（m+2）（m-1）e

m

2

，
綜上，f（x）在[m，m+1]上的最小值為
fmin(x)=

m(m+3)e m+1 2 ，-5≤m≤-1 -2，-1＜m＜0 (m+2)(m-1)e m 2 ，m≥0

；
②令f′（x）=0得x=0或x=-5（舍），
因?yàn)閒（-2）=0，f（0）=-2，f（1）=0，所以f_max（x）=0，f_min（x）=-2，
所以對(duì)任意x₁，x₂∈[-2，1]，都有|f（x₁）-f（x₂）|≤f_max（x）-f_min（x）=2．

點(diǎn)評(píng)：本題考查利用導(dǎo)數(shù)研究函數(shù)的極值、最值，考查分類討論思想，考查學(xué)生分析問題解決問題的能力，綜合性強(qiáng)，難度較大．