Question

已知函數(shù)f（x）的圖象在[a，b]上連續(xù)不斷，定義：f₁（x）=min{f（t）|a≤t≤x}（x∈[a，b]），f₂（x）=max{f（t）|a≤t≤x}（x∈[a，b]）．其中，min{f（x）|x∈D}表示函數(shù)f（x）在D上的最小值，max{f（x）|x∈D}表示函數(shù)f（x）在D上的最大值．若存在最小正整數(shù)k，使得f₂（x）-f₁（x）≤k（x-a）對(duì)任意的x∈[a，b]成立，則稱函數(shù)f（x）為[a，b]上的“k階收縮函數(shù)”．
（1）已知函數(shù)f（x）=2sinx，x∈[0，]，試寫出f₁（x），f₂（x）的表達(dá)式，并判斷f（x）是否為[0，]上的“k階收縮函數(shù)”，如果是，請(qǐng)求對(duì)應(yīng)的k的值；如果不是，請(qǐng)說明理由；
（2）已知b＞0，函數(shù)g（x）=-x³+3x²是[0，b]上的2階收縮函數(shù)，求b的取值范圍．

Answer 1

解：（1）由題意可得，
于是f₂（x）-f₁（x）=2sinx．
若f（x）是[0，]上的“k階收縮函數(shù)”，則2sinx≤kx在[0，]上恒成立，且?x₁∈[0，]使得2sinx＞（k-1）x
成立．
令φ（x）=sinx-x，x∈[0，]，則φ′（x）=cosx-1＜0，所以φ（x）=sinx-x在[0，]單調(diào)遞減，
∴φ（x）≤φ（0），x∈[0，]，即sinx≤x，于是2sinx≤2x在[0，]恒成立；
又?x₁=，2sinx＞x成立．
故存在最小的正整數(shù)k=2，使f（x）為[0，]上的“2階收縮函數(shù)”．
（2）g'（x）=-3x²+6x=-3x（x-2），令g'（x）=0得x=0或x=2．
令g（x）=0，解得x=0或3．
函數(shù)g（x），g′（x）的變化情況如下：

x	（-∞，0）	0	（0，2）	2	（2，+∞）
g′（x）	-	0	+	0	-
g（x）		0		4

（�。゜≤2時(shí)，g（x）在[0，b]上單調(diào)遞增，
因此，g₂（x）=g（x）=-x³+3x²，g₁（x）=g（0）=0．
因?yàn)間（x）=-x³+3x²是[0，b]上的2階收縮函數(shù)，
所以，①g₂（x）-g₁（x）≤2（x-0）對(duì)x∈[0，b]恒成立；
②存在x∈[0，b]，使得g₂（x）-g₁（x）＞（x-0）成立．
①即：-x³+3x²≤2x對(duì)x∈[0，b]恒成立，由-x³+3x²≤2x，解得：0≤x≤1或x≥2，
要使-x³+3x²≤2x對(duì)x∈[0，b]恒成立，需且只需0＜b≤1．
②即：存在x∈[0，b]，使得x（x²-3x+1）＜0成立．
由x（x²-3x+1）＜0得：x＜0或，所以，需且只需．
綜合①②可得：
（ⅱ）當(dāng)b＞2時(shí)，顯然有，由于g（x）在[0，2]上單調(diào)遞增，根據(jù)定義可得：，可得，
此時(shí)，g₂（x）-g₁（x）≤2（x-0）不成立．
綜合（�。�，（ⅱ）可得：．
分析：（1）由題意可得，，于是f₂（x）-f₁（x）=2sinx．若f（x）是[0，]上的“k階收縮函數(shù)”，則2sinx≤kx在[0，]上恒成立，且?x₁∈[0，]使得2sinx＞（k-1）x成立，構(gòu)造函數(shù)φ（x）=sinx-x，x∈[0，]，可得2sinx≤2x在[0，]恒成立，由此可得結(jié)論；
（2）先對(duì)函數(shù)g（x）進(jìn)行求導(dǎo)判斷函數(shù)的單調(diào)性，進(jìn)而寫出g₁（x）、g₂（x）的解析式，分類討論，利用g（x）=-x³+3x²是[0，b]上的2階收縮函數(shù)，即可得到答案．
點(diǎn)評(píng)：本題主要考查學(xué)生的對(duì)新問題的接受、分析和解決的能力．要求學(xué)生要有很扎實(shí)的基本功才能作對(duì)這類問題．