Question

（2013•牡丹江一模）已知函數(shù)f（x）=xlnx．
（Ⅰ）求函數(shù)f（x）的極值點(diǎn)；
（Ⅱ）若直線l過點(diǎn)（0，-1），并且與曲線y=f（x）相切，求直線l的方程；
（Ⅲ）設(shè)函數(shù)g（x）=f（x）-a（x-1），其中a∈R，求函數(shù)g（x）在區(qū)間[1，e]上的最小值．（其中e為自然對數(shù)的底數(shù)）

Answer 1

分析：（I）先對函數(shù)求導(dǎo)，研究函數(shù)的單調(diào)區(qū)間，根據(jù)F′（x）＞0求得的區(qū)間是單調(diào)增區(qū)間，F(xiàn)′（x）＜0求得的區(qū)間是單調(diào)減區(qū)間，求出極值．
（II）求出曲線方程的導(dǎo)函數(shù)，利用導(dǎo)函數(shù)中即可求出切線方程的斜率，根據(jù)求出的斜率和已知點(diǎn)的坐標(biāo)寫出切線方程即可；
（III）求導(dǎo)：g'（x）=lnx+1-a解g'（x）=0，得x=e^a-1，得出在區(qū)間（0，e^a-1）上，g（x）為遞減函數(shù)，在區(qū)間（e^a-1，+∞）上，g（x）為遞增函數(shù)，下面對a進(jìn)行討論：當(dāng)e^a-1≤1，當(dāng)1＜e^a-1＜e，當(dāng)e^a-1≥e，從而得出g（x）的最小值．

解答：解：（Ⅰ）f'（x）=lnx+1，x＞0，…（2分）
由f'（x）=0得x=

1

e

，…（3分）
所以，f（x）在區(qū)間(0，

1

e

)上單調(diào)遞減，在區(qū)間(

1

e

，+∞)上單調(diào)遞增．…（4分）
所以，x=

1

e

是函數(shù)f（x）的極小值點(diǎn)，極大值點(diǎn)不存在．…（5分）
（Ⅱ）設(shè)切點(diǎn)坐標(biāo)為（x₀，y₀），則y₀=x₀lnx₀，…（6分）
切線的斜率為lnx₀+1，
所以，lnx0+1=

y0+1

x0

，…（7分）
解得x₀=1，y₀=0，…（8分）
所以直線l的方程為x-y-1=0．…（9分）
（Ⅲ）g（x）=xlnx-a（x-1），
則g'（x）=lnx+1-a，…（10分）
解g'（x）=0，得x=e^a-1，
所以，在區(qū)間（0，e^a-1）上，g（x）為遞減函數(shù)，
在區(qū)間（e^a-1，+∞）上，g（x）為遞增函數(shù)．…（11分）
當(dāng)e^a-1≤1，即a≤1時，在區(qū)間[1，e]上，g（x）為遞增函數(shù)，
所以g（x）最小值為g（1）=0．…（12分）
當(dāng)1＜e^a-1＜e，即1＜a＜2時，g（x）的最小值為g（e^a-1）=a-e^a-1．…（13分）
當(dāng)e^a-1≥e，即a≥2時，在區(qū)間[1，e]上，g（x）為遞減函數(shù)，
所以g（x）最小值為g（e）=a+e-ae．…（14分）
綜上，當(dāng)a≤1時，g（x）最小值為0；當(dāng)1＜a＜2時，g（x）的最小值a-e^a-1；當(dāng)a≥2時，g（x）的最小值為a+e-ae．

點(diǎn)評：本題考查了導(dǎo)數(shù)的應(yīng)用：利用導(dǎo)數(shù)判斷函數(shù)的單調(diào)性及求單調(diào)區(qū)間；函數(shù)在區(qū)間上的最值的求解，其一般步驟是：先求極值，比較函數(shù)在區(qū)間內(nèi)所有極值與端點(diǎn)函數(shù)．若函數(shù)在區(qū)間上有唯一的極大（小）值，則該極值就是相應(yīng)的最大（小）值．