設(shè)二次函數(shù)f(x)=mx2+nx+t的圖像過(guò)原點(diǎn),g(x)=ax3+bx−3(x>0),f(x), g(x)的導(dǎo)函數(shù)為,g¢(x),且=0, =−2,f(1)=g(1), =g¢(1).
(Ⅰ)求函數(shù)f(x),g(x)的解析式;
(Ⅱ)求F(x)=f(x)−g(x)的極小值;
(Ⅲ)是否存在實(shí)常數(shù)k和m,使得f(x)³kx+m和g(x)£kx+m成立?若存在,求出k和m的值;若不存在,說(shuō)明理由.
解 :(Ⅰ)由已知得t=0,=2mx+n,
則=n=0, =−2m+n=−2,從而n=0, m=1,
∴f(x)=x2.
則=2x, g¢(x)=3ax2+b.
由f(1)=g(1), =g¢(1)得a+b−3=2,3a+b=2,解得a=−1,b=5,
∴g(x)=−x3+5x−3(x>0) ……4分
(Ⅱ)∵F(x)=f(x)−g(x)=x3+x2−5x+3(x>0),
求導(dǎo)數(shù)得F¢(x)=3x2+2x−5=(x−1)(3x+5)
∴F(x)在(0,1)單調(diào)遞減,在(1,+¥)單調(diào)遞增,從而F(x)的極小值為F(1)=0. ……8分
(Ⅲ)因 f(x)與g(x)有一個(gè)公共點(diǎn)(1,1),而函數(shù)f(x)在點(diǎn)(1,1)的切線方程為y=2x−1.
下面驗(yàn)證都成立即可.
由(x−1)2=x2−2x+1³0,得x2³2x−1,知f(x)³2x−1恒成立.
設(shè)h(x)=−x3+5x−3−(2x−1)= −x3+3x−2(x)>0,
求導(dǎo)數(shù)得h¢(x)=−3x2+3=−3(x+1)(x−1)(x>0),
∴h(x)在(0,1)上單調(diào)遞增,在(1,+¥)上單調(diào)遞減,所以h(x)=−x3+5x−3−(2x−1)的最大值為h(1)=0,
所以−x3+5x−3£2x−1,即g(x)£2x−1恒成立.
故存在這樣的實(shí)常數(shù)k和m,且k=2,m=−1 ……12分
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科目:高中數(shù)學(xué) 來(lái)源: 題型:
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A、(0,1) | ||||||
B、(0,
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C、(
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設(shè)二次函數(shù)f(x)=x2-x+a(a>0),若f(m)<0,則f(m-1)的值為( )
A.正數(shù) B.負(fù)數(shù) C.非負(fù)數(shù) D.正數(shù)、負(fù)數(shù)和零都有可能
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