Question

已知函數(shù)f(x)=ln(1+x)+a

x

，a∈R是常數(shù)．
（1）討論f（x）的單調(diào)性；
（2）求a=-

1

2

時(shí)，f（x）零點(diǎn)的個(gè)數(shù)；
③求證：(1+

1

22

)(1+

1

24

)•…•(1+

1

22n

)＜e（n∈N^*，e為自然對(duì)數(shù)的底數(shù)）．

Answer 1

分析：（1）討論含參數(shù)的函數(shù)的單調(diào)性問題，先求出導(dǎo)函數(shù)f′（x），令f′（x）＞0，本小題要對(duì)參數(shù)a分a≥0，-1＜a＜0，a≤-1三種情形進(jìn)行討論，對(duì)運(yùn)算能力要求較高；
（2），由（1）的結(jié)論-1＜a=-

1

2

＜0，所以分三個(gè)單調(diào)區(qū)間來利用單調(diào)性來討論函數(shù)的零點(diǎn)的個(gè)數(shù)問題．
（3）是近年來高考考查的熱點(diǎn)問題，即與函數(shù)結(jié)合證明不等式問題，常用的解題思路是利用前面的結(jié)論構(gòu)造函數(shù)，利用函數(shù)的單調(diào)性，對(duì)于函數(shù)取單調(diào)區(qū)間上的正整數(shù)自變量n有某些結(jié)論成立，進(jìn)而解答出這類不等式問題的解．

解答：解：（1）f′(x)=

1

1+x

+

a

2 x

=

ax+2 x +a

2 x (1+x)

，
若a≥0，則f′（x）＞0，f（x）在定義域內(nèi)單調(diào)遞增；若a≤-1，
則f′（x）＜0，f（x）在定義域內(nèi)單調(diào)遞減；若-1＜a＜0，由f′（x）=0
解得，x1=

2-a2-2 1-a2

a2

，x2=

2-a2+2 1-a2

a2

，
直接討論f′（x）知，f（x）在[0，

2-a2-2 1-a2

a2

)
和(

2-a2+2 1-a2

a2

，+∞)單調(diào)遞減，
在[

2-a2-2 1-a2

a2

，

2-a2+2 1-a2

a2

]單調(diào)遞增．
（2）觀察得f（0）=0，a=-

1

2

時(shí)，
由①得f（x）在[0，7-4

3

)單調(diào)遞減，
所以f（x）在[0，7-4

3

)上有且只有一個(gè)零點(diǎn)；
f(x1)=f(7-4

3

)＜f(0)=0，
計(jì)算得f(x2)=f(7+4

3

)=ln(8+4

3

)-

1

2

(2+

3

)＞lne2-2=0，
f（x₁）f（x₂）＜0且f（x）在區(qū)間[7-4

3

，7+4

3

]單調(diào)遞增，
所以f（x）在[7-4

3

，7+4

3

]上有且只有一個(gè)零點(diǎn)；
根據(jù)對(duì)數(shù)函數(shù)與冪函數(shù)單調(diào)性比較知，
存在充分大的M∈R，使f（M）＜0，f（x₂）f（M）＜0
且f（x）在區(qū)(7+4

3

，+∞)單調(diào)遞減，
所以f（x）在(7+4

3

，7M)上
從而在(7+4

3

，+∞)上有且只有一個(gè)零點(diǎn)．
綜上所述，a=-

1

2

時(shí)，f（x）有3個(gè)零點(diǎn)．
（3）取a=-1，f(x)=ln(1+x)-

x

，
由①得f（x）單調(diào)遞減，
所以?x＞0，f（x）＜f（0）=0，ln(1+x)＜

x

，
從而ln（1+

1

22

）（1+

1

24

）…（1+

1

22n

）
=ln（1+

1

22

）ln（1+

1

24

）+…（1+

1

22n

）
＜

1

2

+

1

22

+…+

1

2n

=1-

1

2n

＜1，
由lnx單調(diào)遞增得(1+

1

22

)(1+

1

24

)••(1+

1

22n

)＜e．

點(diǎn)評(píng)：單調(diào)性刻畫函數(shù)兩個(gè)變量變化趨勢(shì)的一致性，是認(rèn)識(shí)函數(shù)的重要角度，運(yùn)用單調(diào)性可以確定函數(shù)零點(diǎn)的個(gè)數(shù)，考查導(dǎo)數(shù)使單調(diào)性可以定量、精確研究這一重要工具．參數(shù)是可變的常數(shù)，處理參數(shù)是比較高端的數(shù)學(xué)素養(yǎng)，本題考查了這一素養(yǎng)，因此對(duì)學(xué)生的綜合應(yīng)用能力要求較高．