Question

已知函數(shù)f（x）=x²-4x+（2-a）lnx，（a∈R，a≠0）．
（1）當a=8時，求函數(shù)f（x）的單調(diào)區(qū)間；
（2）求函數(shù)f（x）在區(qū)間[e，e²]上的最小值．

Answer 1

分析：（1）把a=8代入，先求定義域，在求導數(shù)，令f′（x）＞0，f′（x）＜0，求解函數(shù)的單調(diào)區(qū)間．
（2）先求導數(shù)，研究函數(shù)的極值點、端點的函數(shù)值，比較極小值與端點函數(shù)值的大小，進而求出最小值．

解答：解：（1）f（x）=x²-4x-6lnx，f'（x）=2x-4-

6

x

=

2(x+1)(x-3)

x

，（2分）
由f'（x）＞0得（x+1）（x-3）＞0，
解得x＞3或x＜-1．
注意到x＞0，所以函數(shù)f（x）的單調(diào)遞增區(qū)間是（3，+∞）．
由f'（x）＜0得（x+1）（x-3）＜0，
解得-1＜x＜3，
注意到x＞0，所以函數(shù)f（x）的單調(diào)遞減區(qū)間是（0，3）．
綜上所述，函數(shù)f（x）的單調(diào)遞增區(qū)間是（3，+∞），單調(diào)遞減區(qū)間是（0，3）．（6分）
（2）當x∈[e，e²]時，f（x）=x²-4x+（2-a）lnx，
所以f'（x）=2x-4+

2-a

x

=

2x2-4x+2-a

x

，
設g（x）=2x²-4x+2-a．
①當a≤0時，有△=16-4×2（2-a）=8a≤0
所以f'（x）≥0，f（x）在[e，e²]上單調(diào)遞增．
所以f（x）_min=f（e）=e²-4e+2-a（8分）
②當a＞0時，△=16-4×2（2-a）=8a＞0，
令f'（x）＞0，即2x²-4x+2-a＞0，解得x＞1+

2a

2

或x＜1-

2a

2

（舍）；
令f'（x）＜0，即2x²-4x+2-a＜0，解得1-

2a

2

＜x＜1+

2a

2

．
1⁰若1+

2a

2

≥e2，即a≥2（e²-1）²時，f（x）在區(qū)間[e，e²]單調(diào)遞減，
所以f（x）_min=f（e²）=e⁴-4e²+4-2a．
2⁰若e＜1+

2a

2

＜e2，即2（e-1）²＜a＜2（e²-1）²時，f（x）在區(qū)間[e，1+

2a

2

]上單調(diào)遞減，
在區(qū)間[1+

2a

2

，e2]上單調(diào)遞增，所以f(x)min=f(1+

2a

2

)=

a

2

-

2a

-3+(2-a)ln(1+

2a

2

)．
3⁰若1+

2a

2

≤e，即0＜a≤2（e-1）²時，f（x）在區(qū)間[e，e²]單調(diào)遞增，
所以f（x）_min=f（e）=e²-4e+2-a．（14分）
綜上所述，
當a≥2（e²-1）²時，f（x）_min=e⁴-4e²+4-2a；
當2（e-1）²＜a＜2（e²-1）²時，f（x）_min=

a

2

-

2a

-3+(2-a)ln(1+

2a

2

)；
當a≤2（e-1）²時，f（x）_min=e²-4e+2-a．（16分）

點評：本題考查了利用導數(shù)求函數(shù)單調(diào)區(qū)間，由f′（x）＞0（＜0）得函數(shù)的單調(diào)增（減）區(qū)間，而在解不等式f′（x）＞0（＜0）時，如果含有參數(shù)時，要注意對參數(shù)分類討論．