Question

已知遞增數(shù)列{a_n}滿足：a₁=1，2a_n+1=a_n+a_n+2（n∈N⁺），且a₁，a₂，a₄成等比數(shù)列
（1）求數(shù)列{a_n}的通項公式a_n．
（2）若數(shù)列{b_n}滿足：b_n+1=b_n²-（n-2）b_n+3，且b₁≥1，n∈N⁺
①用數(shù)學歸納法證明：b_n≥a_n
②記Tn=

1

3+b1

+

1

3+b2

+

1

3+b3

+…+

1

3+bn

，證明：Tn＜

1

2

．

Answer 1

分析：（1）由a₁=1，2a_n+1=a_n+a_n+2（n∈N⁺）可知數(shù)列{a_n}是以1為首項的等差數(shù)列，設(shè)公差為d，由數(shù)列遞增可知d＞0
由a₁，a₂，a₄成等比數(shù)可求d，進而可求通項
（2）①（i）當n=1時，b₁≥1=a₁成立
（ii）假設(shè)當n=k（k≥1）時成立，即b_k≥a_k=k，由歸納假設(shè)證明n=k+1時，b_k+1≥a_k+1
②利用b_n+1=b_n²-（n-2）b_n+3，推出

1

3+bn+3

=

1

bn2-(n-2)bn+6

，利用b_n≥n，得到

1

bn+1+3

≤

1

2

•

1

bn+3

通過放縮與累加，證明出結(jié)果．

解答：解：（1）∵a₁=1，2a_n+1=a_n+a_n+2（n∈N⁺）
∴數(shù)列{a_n}是以1為首項的等差數(shù)列，設(shè)公差為d，由數(shù)列遞增可知d＞0
∵a₁，a₂，a₄成等比數(shù)
∴（1+d）²=1+3d
∴d=0（舍）或d=1
∴a_n=1+n-1=n
證明：（2）①∵b_n+1=b_n²-（n-2）b_n+3，且b₁≥1，
（i）當n=1時，b₁≥1=a₁成立
（ii）假設(shè)當n=k（k≥1）時成立，即b_k≥a_k=k
∴b_k+1≥k+1=a_k+1
當n=k+1時，b_k+1=bk2-（k-2）b_k+3，
∴b_k+1-a_k+1=b_k+1-（b_k+1）=bk2-(k-1)bk+2＞k²-k（k-1）+2＞0
∴b_k+1≥a_k+1
綜上可證得，對于任意的正整數(shù)n，b_n≥a_n都成立
②∵b_n+1=b_n²-（n-2）b_n+3，∴

1

3+bn+3

=

1

bn2-(n-2)bn+6

，
b_n²-（n-2）b_n+6=b_n（b_n+2-n）+6≥2b_n+6=2（b_n+3），（∵bn≥n）
∴

1

bn+1+3

≤

1

2

•

1

bn+3

，
∴Tn=

1

3+b1

+

1

3+b2

+

1

3+b3

+…+

1

3+bn

≤

1

3+b1

+

1

2

•

1

3+b1

+

1

2

•

1

3+b2

+…+

1

2

•

1

3+bn-1

…①
∴-

1

2

Tn=-

1

2

•

1

3+b1

-

1

2

•

1

3+b2

-

1

2

•

1

3+b3

-…-

1

2

•

1

3+bn

…②，
①+②可得

1

2

•Tn≤

1

3+b1

-

1

2

•

1

3+bn-1

，

1

2

•Tn≤

1

3+b1

≤

1

4

，
∴Tn≤

1

2

．
∴Tn=

1

3+b1

+

1

3+b2

+

1

3+b3

+…+

1

3+bn

＜

1

2

點評：本題主要考查了等差中項的應(yīng)用，等差數(shù)列通項公式的求解，數(shù)列歸納法在證明數(shù)學不等式中的應(yīng)用，及巧妙的放縮法在不等式的證明中的應(yīng)用．不能放的太大，也不能縮小的太多．