已知各項(xiàng)均為正數(shù)的數(shù)列{an}滿足2a2n+1+3an+1an-2a2n=0(n∈N*+)且a3+
1
32
是a2,a4的等差中項(xiàng),數(shù)列{bn}的前n項(xiàng)和Sn=n2
(1)求數(shù)列{an}與{bn}的通項(xiàng)公式;
(2)若Tn=
1
b1b2
+
1
b2b3
+…+
1
bnbn+1
,求證:Tn
1
2
分析:(1)對(duì)已知遞推公式變形整理可得即
an+1
an
=
1
2
,結(jié)合等比數(shù)列的通項(xiàng)公式及a3+
1
32
是a2,a4的等差中項(xiàng)可求a2,進(jìn)而可求an
由已知可得,b1=s1n≥2時(shí),bn=sn-sn-1可求bn
(2)利用裂項(xiàng)求和即可求解Tn,即可證明不等式成立
解答:(1)解:∵2a2n+1+3an+1an-2a2n=0
即(2an+1-an)(an+1+2an)=0
∵an>0
∴2an+1-an=0即
an+1
an
=
1
2

數(shù)列{an}是以
1
2
為公比的等比數(shù)列
∵a3+
1
32
是a2,a4的等差中項(xiàng)
1
16
+
2a3=a2+a4
1
16
+
2a2×
1
2
=a2+a2×
1
4

a2=
1
4
,an=a2•(
1
2
)n-2
=
1
4
•(
1
2
)n-2
=(
1
2
)n

∵Sn=n2
∴b1=s1=1
n≥2時(shí),bn=sn-sn-1=n2-(n-1)2=2n-1
當(dāng)n=1時(shí),適合上式
∴bn=2n-1
(2)由(1)可得,Tn=
1
b1b2
+
1
b2b3
+…+
1
bnbn+1

=
1
1×3
+
1
3×5
+…+
1
(2n-1)(2n+1)

=
1
2
(1-
1
3
+
1
3
-
1
5
+…+
1
2n-1
-
1
2n+1
)

=
1
2
(1-
1
2n+1
)
1
2
點(diǎn)評(píng):本題主要考查了利用數(shù)列的遞推公式構(gòu)造等比數(shù)列求解通項(xiàng)公式,及利用數(shù)列的和與項(xiàng)的遞推公式求解通項(xiàng),裂項(xiàng)求和方法的應(yīng)用等知識(shí)的綜合考查運(yùn)用
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(Ⅱ)設(shè)數(shù){bn}的前n項(xiàng)和Tn,令bn=an2,其中n∈N*,試比較
Tn+1+12
4Tn
2log2bn+1+2
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