Question

在二項(xiàng)式定理這節(jié)教材中有這樣一個(gè)性質(zhì)：C_n⁰+C_n¹+C_n²+C_n³+…C_nⁿ=2ⁿ，n∈N
（1）計(jì)算1•C₃⁰+2•C₃¹+3•C₃²+4•C₃³的值方法如下：
設(shè)S=1•C₃⁰+2•C₃¹+3•C₃²+4•C₃³又S=4•C₃³+3•C₃²+2•C₃¹+1•C₃⁰
相加得2S=5•C₃⁰+5•C₃¹+5•C₃²+5•C₃³即2S=5•2³
所以2S=5•2²=20利用類似方法求值：1•C₂⁰+2•C₂¹+3•C₂²，1•C₄⁰+2•C₄¹+3•C₄²+4•C₄³+5•C₄⁴
（2）將（1）的情況推廣到一般的結(jié)論，并給予證明
（3）設(shè)S_n是首項(xiàng)為a₁，公比為q的等比數(shù)列{a_n}的前n項(xiàng)的和，求S₁C_n⁰+S₂C_n¹+S₃C_n²+S₄C_n³+…+S_n+1C_nⁿ，n∈N．

Answer 1

分析：（1）本題考查的知識(shí)點(diǎn)是歸納推理，由S₁=1•C₁⁰+2•C₁¹=3×2⁰，S₂=1•C₂⁰+2•C₂¹+3•C₂²=4×2，S₃=1•C₃⁰+2•C₃¹+3•C₃²+4•C₃³=5×2²…我們可得右邊式子的系數(shù)比左邊的項(xiàng)數(shù)多1，右邊式子的底數(shù)均為2，右邊式子的指數(shù)比左邊的項(xiàng)數(shù)少2．故1•C₂⁰+2•C₂¹+3•C₂²=4×2=8，1•C₄⁰+2•C₄¹+3•C₄²+4•C₄³+5•C₄⁴=6×2³=48
（2）利用倒序相加的方法，即可求解
（3）分q≠1和q=1時(shí)進(jìn)行討論 當(dāng)q=1時(shí)提取a₁后求解和（2）一樣；q≠1時(shí)，采取分組求和的方法即可求解

解答：解：（1）設(shè)S=1•C₂⁰+2•C₂¹+3•C₂²又S=3•C₂²+2•C₂¹+1•C₂⁰
相加2S=4（C₂⁰+C₂¹+C₂²）=16，S=8
設(shè)S=1•C₄⁰+2•C₄¹+3•C₄²+4•C₄³+5•C₄⁴
又S=5•C₄⁴+4•C₄³+3•C₄²+2•C₄¹+1•C₄⁰
相加2S=6（C₃⁰+C₄¹+C₄²+C₄³+C₄⁴），∴S=3•2⁴=48
（2）1•C_n⁰+2•C_n¹+3•C_n²+…+（n+1）C_nⁿ=（n+2）•2^n-1
設(shè)S=1•C_n⁰+2•C_n¹+3•C_n²+…+（n+1）C_nⁿ
又S=（n+1）C_nⁿ+nC_n^n-1+…+1•C_n⁰
相加2S=（n+2）（C_n⁰+C_n¹+…+C_nⁿ）∴S=

n+2

n

•2n=(n+2)•2n-1
（3）當(dāng)q=1時(shí)  S_n=na₁S₁C_n⁰+S₂C_n¹+…+S_n+1C_nⁿ
=a₁C_n⁰+2a₁C_n¹+…+（n+1）a₁C_nⁿ
=a₁（1•C_n⁰+2•C_n¹+…+（n+1）C_nⁿ）
=a₁•（n+2）•2^n-1
當(dāng)q≠1時(shí)    Sn=

a1(1-qn)

1-q

=

a1

1-q

-

a1

1-q

qn
S₁C_n⁰+S₂C_n¹+S₃C_n²+…+S_n+1C_nⁿ=(

a1

1-q

-

a1

1-q

q)

C

0 n

+(

a1

1-q

-

a1

1-q

q2)

C

1 n

+…+(

a1

1-q

-

a1

1-q

qn+1)

C

n n

=

a1

1-q

(

C

0 n

+

C

1 n

+…+

C

n n

)-

a1

1-q

(q

C

0 n

+q2

C

1 n

+…+qn+1

C

n n

)
=

a1

1-q

•2n-

a1

1-q

•q(

C

0 n

•q0+

C

1 n

•q1+…+

C

n n

qn)
=

a1

1-q

•2n-

a1

1-q

•q(1+q)n=

a1•2n

1-q

-

a1q(1+q)n

1-q

綜上，q=1時(shí)  S₁C_n⁰+…+S_n+1C_nⁿ=a₁（n+2）•2^n-1q≠1時(shí)S1

C

0 n

+…+Sn+1

C

n n

=

a1•2n

1-q

-

a1q(1+q)n

1-q

點(diǎn)評(píng)：歸納推理的一般步驟是：（1）通過(guò)觀察個(gè)別情況發(fā)現(xiàn)某些相同性質(zhì)；（2）從已知的相同性質(zhì)中推出一個(gè)明確表達(dá)的一般性命題（猜想）．