Question

設(shè)函數(shù)f（x）=x²+2lnx，用f′（x）表示f（x）的導(dǎo)函數(shù)，，其中m∈R，且m＞0．
（1）求函數(shù)f（x）的單調(diào)區(qū)間；
（2）若對(duì)任意的x₁、都有f′（x₁）≤g′（x₂）成立，求m實(shí)數(shù)的取值范圍；
（3）試證明：對(duì)任意正數(shù)a和正整數(shù)n，不等式[f′（a）]ⁿ-2^n-1f′（aⁿ）≥2ⁿ（2ⁿ-2）．

Answer 1

【答案】分析：（1）牽扯出函數(shù)的定義域，求出導(dǎo)函數(shù)，判斷出導(dǎo)函數(shù)在定義域上大于0恒成立，得到函數(shù)在定義域上單調(diào)遞增．
（2）先將問(wèn)題轉(zhuǎn)化為“f′（x）最大值≤g′（x）的最小值”，利用導(dǎo)函數(shù)求出f′（x）的最大值，再利用導(dǎo)數(shù)
求g′（x）的最小值需度m的范圍分類(lèi)討論，求出最小值，列出不等式，求出m的范圍．
（3）求出各個(gè)導(dǎo)數(shù)值，用分析法將要證的不等式化簡(jiǎn)，利用數(shù)學(xué)歸納法分三步得證．
解答：解：（1）f（x）的定義域?yàn)椋?，+∞）
f′（x）=2x+
∴f′（x）＞0在（0，+∞）恒成立
故f（x）的單調(diào)遞增區(qū)間為（0，+∞），無(wú)單調(diào)遞減區(qū)間．
（2）據(jù)題意，問(wèn)題轉(zhuǎn)化為f′（x）最大值≤g′（x）的最小值
令∅（x）=f′（x）
∵
當(dāng)時(shí)，∅′（x）＜0
∴為減函數(shù)
∴∅（x）在的最大值為
∵==
∴
令t=6x²則h（t）=由知轉(zhuǎn)化為求函數(shù)h（t）=在上最小值
（當(dāng)且僅當(dāng)t=m時(shí)取等號(hào)）
①若時(shí)，g′（x）的最小值為h（m）=
此時(shí)由f′（x）最大值≤g′（x）的最小值得解得
∴
②若m＞6時(shí)，函數(shù)y=h（t）在[上為減函數(shù)
即g′（x）的最小值為h（6）由題意有恒成立
∴m＞6
③若時(shí)，函數(shù)y=h（t）在為增函數(shù)，則g′（x）的最小值為
因此，必須此時(shí)無(wú)解
綜上所述，m實(shí)數(shù)的取值范圍
（III）問(wèn)題即證
即證
下面用數(shù)學(xué)歸納法證明
當(dāng)n=1時(shí)，左邊=0，右邊=0不等式成立
假設(shè)n=k（k≥1）時(shí)成立即
則當(dāng)n=k+1時(shí)，≥（2^k-2）×2+2=2^k+1-2
即當(dāng)n=k+1時(shí)原不等式成立
點(diǎn)評(píng)：求不等式恒成立問(wèn)題的一般思路是分離參數(shù)，構(gòu)造新函數(shù)，求函數(shù)的最值，有時(shí)也直接將問(wèn)題轉(zhuǎn)化為求兩個(gè)函數(shù)的最值；求函數(shù)的最值常利用導(dǎo)數(shù)研究函數(shù)的單調(diào)性求出，但若函數(shù)中有參數(shù)，一般要注意討論．