Question

已知函數(shù)y=f（x），x∈D，如果對于定義域D內的任意實數(shù)x，對于給定的非零常數(shù)m，總存在非零常數(shù)T，恒有f（x+T）＞m•f（x）成立，則稱函數(shù)f（x）是D上的m級類增周期函數(shù)，周期為T．若恒有f（x+T）=m•f（x）成立，則稱函數(shù)f（x）是D上的m級類周期函數(shù)，周期為T．
（1）試判斷函數(shù)f（x）=是否為（3，+∞）上的周期為1的2級類增周期函數(shù)？并說明理由；
（2）已知函數(shù)f（x）=-x²+ax是[3，+∞）上的周期為1的2級類增周期函數(shù)，求實數(shù)a的取值范圍；
（3）下面兩個問題可以任選一個問題作答，如果你選做了兩個，我們將按照問題（Ⅰ）給你記分．
（Ⅰ）已知T=1，y=f（x）是[0，+∞）上m級類周期函數(shù)，且y=f（x）是[0，+∞）上的單調遞增函數(shù)，當x∈[0，1）時，f（x）=2^x，求實數(shù)m的取值范圍．
（Ⅱ）已知當x∈[0，4]時，函數(shù)f（x）=x²-4x，若f（x）是[0，+∞）上周期為4的m級類周期函數(shù)，且y=f（x）的值域為一個閉區(qū)間，求實數(shù)m的取值范圍．

Answer 1

解：（1）∵（x+1-1）-（x-1）²=-（x²-3x+1）＜0，即）（x+1-1）＜（x-1）²，
∴＞，即 ＞2，
即 f（x+1）＞2f（x）對一切x∈（3，+∞）恒成立，
故函數(shù)f（x）=是（3，+∞）上的周期為1的2級類增周期函數(shù)．
（2）由題意可知：解：（1）由題意可知：f（x+1）＞2f（x），即-（x+1）²+a（x+1）＞2（-x²+ax）對一切[3，+∞）恒成立，
整理得：（x-1）a＜x²-2x-1，
∵x≥3，
∴a＜==x-1-，
令x-1=t，則t∈[2，+∞），g（t）=t-在[2，+∞）上單調遞增，
∴g（t）_min=g（2）=1，
∴a＜1．
（3）問題（Ⅰ）∵x∈[0，1）時，f（x）=2^x，
∴當x∈[1，2）時，f（x）=mf（x-1）=m•2^x-1，…
當x∈[n，n+1）時，f（x）=mf（x-1）=m²f（x-2）=…=mⁿf（x-n）=mⁿ•2^x-n，
即x∈[n，n+1）時，f（x）=mⁿ•2^x-n，n∈N^*，
∵f（x）在[0，+∞）上單調遞增，
∴m＞0且mⁿ•2^n-n≥m^n-1•2^n-（n-1），
即m≥2．
問題（Ⅱ）∵當x∈[0，4]時，y∈[-4，0]，且有f（x+4）=mf（x），
∴當x∈[4n，4n+4]，n∈Z時，f（x）=mf（x-4）=…=mⁿf（x-4n）=mⁿ[（x-4n）²-4（x-4n）]，
當0＜m≤1時，f（x）∈[-4，0]；
當-1＜m＜0時，f（x）∈[-4，-4m]；
當m=-1時，f（x）∈[-4，4]；
當m＞1時，f（x）∈（-∞，0]；
當m＜-1時，f（x）∈（-∞，+∞）；
綜上可知：-1≤m＜0或0＜m≤1．
分析：（1）由題意可求得＞，f（x+1）＞2f（x）對一切x∈（3，+∞）恒成立，于是有函數(shù)f（x）=是（3，+∞）上的周期為1的2級類增周期函數(shù)；
（2）由題意可知：：（x-1）a＜x²-2x-1，整理可得a＜x-1-，令x-1=t，則t∈[2，+∞），g（t）=t-在[2，+∞）上單調遞增，即可使問題解決；
（3）（Ⅰ）由x∈[0，1）時，f（x）=2^x，可求得當x∈[1，2）時，f（x）=mf（x-1）=m•2^x-1，…當x∈[n，n+1）時，f（x）=mⁿ•2^x-n，利用f（x）在[0，+∞）上單調遞增，可得
m＞0且mⁿ•2^n-n≥m^n-1•2^n-（n-1），從而可求實數(shù)m的取值范圍；
（Ⅱ）當x∈[0，4]時，y∈[-4，0]，且有f（x+4）=mf（x），于是可求當x∈[4n，4n+4]，n∈Z時，f（x）=mⁿ[（x-4n）²-4（x-4n）]，對m分當0＜m≤1時，-1＜m＜0，m=-1，m＞1與m＜-1時的討論，即可得答案；
點評：本題考查周期函數(shù)，著重考查函數(shù)在一定條件下的恒成立問題，綜合考察構造函數(shù)、分析轉化、分類討論的數(shù)學思想與方法，難度大，思維深刻，屬于難題．