Question

20．如圖所示，虛線框內(nèi)有方向正交的勻強(qiáng)電場(chǎng)和勻強(qiáng)磁場(chǎng)，一離子束垂直于電場(chǎng)和磁場(chǎng)方向飛入此區(qū)域，恰好做勻速直線運(yùn)動(dòng)，從O點(diǎn)離開(kāi)此區(qū)域，如果僅有電場(chǎng)，離子將從a點(diǎn)飛離此區(qū)域，經(jīng)歷時(shí)間為t₁，飛離速度為V₁；如果僅有磁場(chǎng)，離子將從b點(diǎn)飛離此區(qū)域，經(jīng)歷時(shí)間為t₂，飛離時(shí)速為V₂，則下列說(shuō)法中正確的是（　　）

• A． v₁＞v₂
• B． ao＞bo
• C． t₁＞t₂
• D． 以上都不正確

Answer 1

分析 若撤去磁場(chǎng)，粒子做類(lèi)平拋運(yùn)動(dòng)，運(yùn)用運(yùn)動(dòng)的分解，由水平位移和豎直位移研究電場(chǎng)強(qiáng)度與磁感應(yīng)強(qiáng)度的關(guān)系．若撤去電場(chǎng)，粒子做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，由牛頓第二定律求出半徑，由幾何知識(shí)求出穿過(guò)場(chǎng)區(qū)后的側(cè)移．
一帶電粒子垂直電場(chǎng)和磁場(chǎng)方向飛人場(chǎng)中，恰好做勻速直線運(yùn)動(dòng)，說(shuō)明粒子受力平衡，若撤去磁場(chǎng)，粒子在電場(chǎng)力作用下做類(lèi)平拋運(yùn)動(dòng)；若撤去電場(chǎng)，粒子在洛倫茲力作用下做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，根據(jù)平拋運(yùn)動(dòng)及勻速圓周運(yùn)動(dòng)的基本公式即可解題．

解答 解：設(shè)帶電粒子帶電量為q，質(zhì)量為m，電場(chǎng)強(qiáng)度為E，磁感應(yīng)強(qiáng)度為B．
在電磁場(chǎng)中，帶電粒子恰好沒(méi)有偏轉(zhuǎn)，說(shuō)明其做勻速直線運(yùn)動(dòng)，則有：Bqv₀=qE …①
只有電場(chǎng)時(shí)，做類(lèi)平拋運(yùn)動(dòng)：
t=$\frac{l}{{v}_{0}}$…②
y₁=$\frac{1}{2}$at²=$\frac{1}{2}$•$\frac{qE}{m}$•t²…③
只有磁場(chǎng)時(shí)，做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，洛侖茲力提供向心力，Bqv₀=m$\frac{{v}_{0}^{2}}{r}$ …④
由①～④解得：r=$\frac{{l}^{2}}{2{y}_{1}}$，帶電粒子從場(chǎng)區(qū)右則射出磁場(chǎng) 
由幾何關(guān)系得：y₂=r-$\sqrt{{r}^{2}-{l}^{2}}$；
綜合所得：y₂＞y₁；即Ob＞Oa．
若撤去磁場(chǎng)，粒子在電場(chǎng)力作用下做類(lèi)平拋運(yùn)動(dòng)，電場(chǎng)力做正功，速度增大，若撤去電場(chǎng)，粒子在洛倫茲力作用下做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，速度大小不變，故v₁＞v₂；
設(shè)水平框的長(zhǎng)度為l，初位置為o點(diǎn)，則t₁=$\frac{l}{{v}_{0}}$，
t₂=$\frac{\overline{ob}}{{v}_{0}}$，
因?yàn)?\overline{ob}$＞l，所以t₁＜t₂．
由上分析，故A正確，BCD錯(cuò)誤；
故選：A．

點(diǎn)評(píng) 本題是速度選擇器模型、電偏轉(zhuǎn)和磁偏轉(zhuǎn)的綜合，要注意兩種偏轉(zhuǎn)研究方法的不同，電偏轉(zhuǎn)運(yùn)用運(yùn)動(dòng)的合成與分解，磁偏轉(zhuǎn)畫(huà)軌跡，根據(jù)幾何關(guān)系結(jié)合洛侖茲力提供向心力列方程求解．
該題主要考查了帶電粒子在復(fù)合場(chǎng)中的運(yùn)動(dòng)，要根據(jù)受力情況正確判斷運(yùn)動(dòng)情況，并根據(jù)相關(guān)公式求解，難度較大．