Question

14．如圖甲所示，水平放置的平行金屬板A和B的距離為d，它們的右端安放著垂直于金屬板的靶MN，現(xiàn)在A、B板上加上如圖乙所示的方波形電壓，電壓的正向電壓值為U₀，反向電壓值為$\frac{{U}_{0}}{2}$，且每隔$\frac{T}{2}$變向1次．現(xiàn)將質(zhì)量為m的帶正電，且電荷量為q的粒子束從AB的中點O以平行于金屬板的方向OO′射入，設(shè)粒子能全部打在靶上而且所有粒子在A、B間的飛行時間均為T．不計重力的影響．

（1）定性分析在t=0時刻從O點進(jìn)入的粒子，在垂直于金屬板的方向上的運動情況．
（2）求距靶MN的中心O′點多遠(yuǎn)的范圍內(nèi)有粒子擊中．
（3）要使粒子能全部打在靶MN上，電壓U₀的數(shù)值應(yīng)滿足什么條件？（寫出U₀、m、d、q、T的關(guān)系式即可）

Answer 1

分析 （1）帶電粒子在水平方向做勻速直線運動，豎直方向在電場力的作用下先向下勻加速，再向下減速運動．
（2）當(dāng)粒子在0，T，2T，…nT時刻進(jìn)入電場中時，粒子將打在O′點下方最遠(yuǎn)點，粒子在豎直方向先向下做勻加速運動，后做勻減速運動．根據(jù)牛頓第二定律求出加速度，由位移公式分別求出前$\frac{T}{2}$時間內(nèi)和后$\frac{T}{2}$時間內(nèi)，粒子在豎直方向的位移，再粒子打在距O′點正下方的最大位移．當(dāng)粒子在$\frac{T}{2}$、$\frac{3T}{2}$，…（2n+1）$\frac{T}{2}$時刻進(jìn)入電場時，將打在O′點上方最遠(yuǎn)點．粒子在豎直方向先向上做勻加速運動，后做勻減速運動．同理求出粒子打在距O′點正上方的最大位移．
（3）要使粒子能全部打在靶上，粒子在豎直方向距O′點的最大位移小于$\fracc1nvuso{2}$．代入（2）問的結(jié)論，求解電壓U₀的數(shù)值應(yīng)滿足的條件．

解答 解：（1）在t=0時刻從O點進(jìn)入的粒子，所受的電場力先向下后向上，則粒子先向下勻加速運動，再向下勻減速運動．
（2）當(dāng)粒子在0，T，2T，…nT時刻進(jìn)入電場中時，粒子將打在O′點下方最遠(yuǎn)點，離O′最遠(yuǎn)距離為：
    y_max=$\frac{1}{2}$•$\frac{q{U}_{0}}{md}$•（$\frac{T}{2}$）²+$\frac{1}{2}$（$\frac{q{U}_{0}}{md}$•$\frac{T}{2}$+$\frac{q{U}_{0}}{md}$•$\frac{T}{2}$）•$\frac{T}{2}$=$\frac{5q{U}_{0}{T}^{2}}{16md}$．
當(dāng)粒子在$\frac{T}{2}$、$\frac{3T}{2}$，…（2n+1）$\frac{T}{2}$時刻進(jìn)入電場時，將打在O′點上方最遠(yuǎn)點．
   y_min=$\frac{1}{2}$•$\frac{q{U}_{0}}{md}$•（$\frac{T}{2}$）²=$\frac{q{U}_{0}{T}^{2}}{16md}$．
所以在距靶MN的中心O′點$\frac{5q{U}_{0}{T}^{2}}{16md}$到$\frac{q{U}_{0}{T}^{2}}{16md}$有粒子擊中．
（3）要使粒子能全部打在靶上，必須滿足$\frac{5q{U}_{0}{T}^{2}}{16md}$＜$\frac1cehl64{2}$，
解得：U₀＜$\frac{8mqa74246^{2}}{5q{T}^{2}}$．
答：（1）在t=0時刻從O點進(jìn)入的粒子，先向下勻加速運動，再向下勻減速運動．
（2）在距靶MN的中心O′點點$\frac{5q{U}_{0}{T}^{2}}{16md}$到$\frac{q{U}_{0}{T}^{2}}{16md}$有粒子擊中．
（3）要使粒子能全部打在靶MN上，電壓U₀的數(shù)值應(yīng)滿足U₀＜$\frac{8mvhgrutz^{2}}{5q{T}^{2}}$

點評 本題是粒子在周期性變化的電場中運動，分析帶電粒子的運動情況是關(guān)鍵．結(jié)合牛頓第二定律和運動學(xué)公式進(jìn)行求解，要注意掌握利用圖象分析粒子運動過程的基本方法．