分析 (1)對(duì)整體進(jìn)行分析,根據(jù)牛頓第二定律可求得加速度大小;
(2)對(duì)m分析,根據(jù)牛頓第二定律可求得動(dòng)摩擦因數(shù);
(3)B點(diǎn)處對(duì)M分析,根據(jù)平衡條件可求得位移關(guān)系,再對(duì)運(yùn)動(dòng)過(guò)程根據(jù)動(dòng)能定理列式,聯(lián)立即可求得木板的速度v0.
解答 解:(1)木板下端首次到達(dá)A點(diǎn)時(shí),對(duì)M、m,由牛頓第二定律得:
(M+m)gsinθ-kx1=(M+m)a
代入數(shù)據(jù)解得:
a=2m/s2;
(2)對(duì)m,由牛頓第二定律有:
mgsinθ-μmgcosθ=ma
代入數(shù)據(jù)解得:μ=0.5;
(3)在B點(diǎn),對(duì)M,由平衡條件可得:
mgsinθ+μmgcosθ=kx2
木板下端由A運(yùn)動(dòng)到B的過(guò)程中,木板的位移△x=x2-x1
木板下端兩次經(jīng)過(guò)A點(diǎn)的過(guò)程中
對(duì)M,由動(dòng)能定理可得:
μmgcosθ•△x=$\frac{1}{2}$Mv2-$\frac{1}{2}$Mv02
解得:v=$\frac{3\sqrt{3}}{5}$m/s;
答:(1)木板下端首次到達(dá)A點(diǎn)時(shí),木板的加速度a的大小為2m/s2;
(2)物塊與木板間的動(dòng)摩擦因數(shù)μ為0.5;
(3)木板下端再次返回到A點(diǎn)時(shí),木板的速度v0為$\frac{3\sqrt{3}}{5}$m/s;
點(diǎn)評(píng) 本題綜合考查了動(dòng)能定理、牛頓第二定律以及共點(diǎn)力平衡條件的應(yīng)用,要注意正確分析物理過(guò)程,正確受力分析,再正確選擇物理規(guī)律求解即可.
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科目:高中物理 來(lái)源: 題型:計(jì)算題
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科目:高中物理 來(lái)源: 題型:計(jì)算題
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科目:高中物理 來(lái)源: 題型:選擇題
A. | 它們做圓周運(yùn)動(dòng)的角速度$\frac{{ω}_{1}}{{ω}_{2}}$=$\frac{{m}_{2}}{{m}_{1}}$ | |
B. | 它們做圓周運(yùn)動(dòng)的線速度$\frac{{v}_{1}}{{v}_{2}}$=$\frac{{m}_{2}}{{m}_{1}}$ | |
C. | 它們做圓周運(yùn)動(dòng)的向心力大小相等 | |
D. | 它們做圓周運(yùn)動(dòng)的半徑$\frac{{r}_{1}}{{r}_{2}}$=$\frac{{m}_{2}}{{m}_{1}}$ |
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科目:高中物理 來(lái)源: 題型:選擇題
A. | 蹦床的彈性勢(shì)能轉(zhuǎn)化為運(yùn)動(dòng)員的動(dòng)能 | |
B. | 蹦床的彈性勢(shì)能轉(zhuǎn)化為運(yùn)動(dòng)員的重力勢(shì)能 | |
C. | 運(yùn)動(dòng)員的動(dòng)能不斷增大 | |
D. | 運(yùn)動(dòng)員的動(dòng)能先增大后減小 |
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科目:高中物理 來(lái)源: 題型:多選題
A. | 此交流電的頻率為100Hz | |
B. | 此電動(dòng)機(jī)輸出功率為44W | |
C. | 電流表A1示數(shù)為0.2A | |
D. | 如果電動(dòng)機(jī)被卡住而不損壞,則電源的輸出功率變?yōu)樵瓉?lái)的4.4倍 |
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科目:高中物理 來(lái)源: 題型:計(jì)算題
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科目:高中物理 來(lái)源: 題型:實(shí)驗(yàn)題
電流/A | 0.90 | 0.80 | 0.50 | 0.36 | 0.28 | 0.20 |
電阻/Ω | 8 | 10 | 20 | 30 | 40 | 50 |
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科目:高中物理 來(lái)源: 題型:多選題
A. | 變大,變大 | B. | 變小,變大 | C. | 變大,變小 | D. | 變小,變小 |
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