Question

（2009?南匯區(qū)一模）如圖所示，MN、PQ為間距L=0.5m足夠長的平行導(dǎo)軌，NQ⊥MN．導(dǎo)軌平面與水平面間的夾角θ=37°，NQ間連接有一個R=5Ω的電阻．有一勻強(qiáng)磁場垂直于導(dǎo)軌平面，磁感強(qiáng)度為B₀=1T．將一根質(zhì)量為m=0.04kg的金屬棒ab緊靠NQ放置在導(dǎo)軌上，且與導(dǎo)軌接觸良好，導(dǎo)軌與金屬棒的電阻均不計．現(xiàn)由靜止釋放金屬棒，金屬棒沿導(dǎo)軌向下運(yùn)動過程中始終與NQ平行．已知金屬棒與導(dǎo)軌間的動摩擦因數(shù)μ=0.5，當(dāng)金屬棒滑行至cd處時已經(jīng)達(dá)到穩(wěn)定速度，已知cd距離NQ為s米．試解答以下問題：（sin37°=0.6，cos37°=0.8）
（1）請定性說明金屬棒在達(dá)到穩(wěn)定速度前的加速度和速度各如何變化？
（2）當(dāng)金屬棒滑行至cd處時回路中的電流多大？
（3）金屬棒達(dá)到的穩(wěn)定速度是多大？
（4）若將金屬棒滑行至cd處的時刻記作t=0，從此時刻起，讓磁感強(qiáng)度逐漸減小，可使金屬棒中不產(chǎn)生感應(yīng)電流，則磁感強(qiáng)度B應(yīng)怎樣隨時間t變化（寫出B與t的關(guān)系式）？

Answer 1

分析：（1）根據(jù)棒切割磁感線，產(chǎn)生感應(yīng)電流，出現(xiàn)安培阻力，因速度影響安培力，導(dǎo)致加速度變化，速度也變化．
（2）當(dāng)棒達(dá)到穩(wěn)定速度時，根據(jù)受力平衡與安培力大小表達(dá)式，即可求解；
（3）根據(jù)法拉第電磁感應(yīng)定律，閉合電路歐姆定律相結(jié)合，從而即可求解；
（4）根據(jù)磁通量不變，不產(chǎn)生感應(yīng)電流，則棒做勻加速運(yùn)動，由牛頓第二定律，即可求解．

解答：解：（1）棒從靜止釋放，因切割磁感線，從而產(chǎn)生感應(yīng)電流，受到安培力阻力作用，在達(dá)到穩(wěn)定速度前，安培力越來越大，導(dǎo)致金屬棒的加速度逐漸減小，速度逐漸增大．　　
（2）達(dá)到穩(wěn)定速度時，則有棒受到的安培力，F(xiàn)_A=B₀IL
根據(jù)受力平衡條件，則有：mgsinθ=F_A+μmgcosθ
I=

mg(sin37°-μcos37°)

B0L

=

0.04×10×(0.6-0.5×0.8)

1×0.5

A=0.16A
（3）切割感應(yīng)電動勢，E=B₀Lv、
閉合電路歐姆定律，I=

E

R

解得：υ=

IR

B0L

=

0.16×5

1×0.5

m/s=1.6m/s
（4）當(dāng)回路中的總磁通量不變時，金屬棒中不產(chǎn)生感應(yīng)電流．此時金屬棒將沿導(dǎo)軌做勻加速運(yùn)動．
mgsinθ-μmgcosθ=ma
a=g（sinθ-μcosθ）=10×（0.6-0.5×0.8）m/s²=2m/s²
B0Ls=BL(s+vt+

1

2

at2)
B=

B0s

s+υt+ 1 2 at2

=

s

s+1.6t+t2

T
答：（1）請定性說明金屬棒在達(dá)到穩(wěn)定速度前的加速度逐漸減小，速度逐漸增大．
（2）當(dāng)金屬棒滑行至cd處時回路中的電流0.16A；
（3）金屬棒達(dá)到的穩(wěn)定速度是1.6m/s；
（4）若將金屬棒滑行至cd處的時刻記作t=0，從此時刻起，讓磁感強(qiáng)度逐漸減小，可使金屬棒中不產(chǎn)生感應(yīng)電流，則磁感強(qiáng)度B與時間t變化關(guān)系為B=

s

s+1.6t+t2

T．

點評：考查棒在磁場中切割，速度影響安培力，導(dǎo)致加速度變化，這是本題解題的亮點，同時還考查了法拉第電磁感應(yīng)定律、閉合電路歐姆定律、牛頓第二定律等規(guī)律的應(yīng)用，并運(yùn)用不產(chǎn)生感應(yīng)電流的條件．