Question

足夠長(zhǎng)的光滑水平導(dǎo)軌PC、QD與粗糙豎直導(dǎo)軌MC'、ND'之間用光滑的圓弧導(dǎo)軌PM和QN連接，O為圓弧軌道的圓心，如圖甲所示．已知導(dǎo)軌間距均為L(zhǎng)=0.2m，圓弧導(dǎo)軌的半徑為R=0.25m．整個(gè)裝置處于豎直向上的勻強(qiáng)磁場(chǎng)中，磁感應(yīng)強(qiáng)度B隨時(shí)間t的變化圖象如圖乙所示．水平導(dǎo)軌上的金屬桿A₁在外力作用下，從較遠(yuǎn)處以恒定速度v=1m/s水平向右運(yùn)動(dòng)，金屬桿A₂從距圓弧頂端MN高H=0.4m處由靜止釋放．當(dāng)t=0.4s時(shí)，撤去施于桿A₁上的外力；隨后的運(yùn)動(dòng)中桿A₁始終在水平導(dǎo)軌上，且與A₂未發(fā)生碰撞．已知金屬桿A₁、A₂質(zhì)量均為m=4.0×10^-4kg，A₂與豎直導(dǎo)軌間的動(dòng)摩擦因數(shù)為μ=0.5．金屬桿A₁、A₂的電阻均為r=5Ω，其余電阻忽略不計(jì)，重力加速度g=10m/s²．試求：
（1）金屬桿A₂沿豎直導(dǎo)軌下滑過(guò)程中的加速度；
（2）金屬桿A₂滑至圓弧底端PQ的速度；
（3）整個(gè)過(guò)程中回路產(chǎn)生的焦耳熱Q．

Answer 1

【答案】分析：（1）題中只有A₁做切割磁感線(xiàn)運(yùn)動(dòng)，根據(jù)法拉第電磁感應(yīng)定律、歐姆定律求出回路中的感應(yīng)電流I大小，即可求得A₂桿所受的安培力，再根據(jù)牛頓第二定律求出A₂桿下滑過(guò)程中的加速度．
（2）金屬桿A₂滑至MN前做勻加速運(yùn)動(dòng)，由運(yùn)動(dòng)學(xué)公式求出A₂桿恰好滑至MN處時(shí)的速度．從MN到PQ過(guò)程，金屬A₂機(jī)械能守恒，即可列式求得滑至圓弧底端PQ的速度．
（3）A₁、A₂始終未發(fā)生碰撞，在隨后的過(guò)程中，兩者系統(tǒng)動(dòng)量守恒，由動(dòng)量守恒定律列式可求出兩棒最終達(dá)到的共同速度，再由能量守恒求解焦耳熱Q．
解答：解：（1）A₁運(yùn)動(dòng)產(chǎn)生的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)E=BLv=1×0.2×1V=0.2V
回路中的感應(yīng)電流
A₂桿所受的安培力：F=BIL=1×2×10^-2×0.2=4×10^-3N
A₂桿的滑動(dòng)摩擦力：f=μF=0.5×4×10^-3N=2×10^-3N
所以，A₂桿下滑過(guò)程中的加速度：
（2）A₂桿在t=0.4s內(nèi)下滑的距離為：
恰好滑至MN處，此時(shí)的速度為：v₁=at=5×0.4m/s=2m/s
若A₂以v₁做勻速圓周運(yùn)動(dòng)至底端PQ所用時(shí)間為：
說(shuō)明A₂下滑過(guò)程中無(wú)磁場(chǎng)，只有重力做功．由機(jī)械能守恒，有：
解得金屬A₂滑至圓弧底端PQ的速度為：v₂=3m/s
（3）A₁、A₂始終未發(fā)生碰撞，所以在隨后的過(guò)程中，兩者系統(tǒng)動(dòng)量守恒，最終達(dá)到共同速度v_t．以v₁的方向?yàn)檎�方向，有mv₂-mv=2mv_t
解得：v_t=1m/s
A₁、A₂在水平導(dǎo)軌運(yùn)動(dòng)中產(chǎn)生的焦耳熱為Q₁，由能量守恒有：
在t=0.4s內(nèi)，回路中產(chǎn)生的焦耳熱為Q₂，由功能關(guān)系有：
（或：）
所以，在整個(gè)過(guò)程中回路產(chǎn)生的焦耳熱為：．
答：
（1）金屬桿A₂沿豎直導(dǎo)軌下滑過(guò)程中的加速度是5m/s²；
（2）金屬桿A₂滑至圓弧底端PQ的速度是3m/s；
（3）整個(gè)過(guò)程中回路產(chǎn)生的焦耳熱Q是3.2×10^-3J．
點(diǎn)評(píng)：本題要通過(guò)分析兩棒的運(yùn)動(dòng)情況，選擇解題規(guī)律，由牛頓第二定律、動(dòng)量守恒定律等等力學(xué)規(guī)律求解．