從地面上以初速度v0豎直向上拋出一質(zhì)量為m的球,若運(yùn)動(dòng)過程中受到的空氣阻力與其速率成正比關(guān)系,球運(yùn)動(dòng)的速率隨時(shí)間變化規(guī)律如圖所示,t1時(shí)刻到達(dá)最高點(diǎn),再落回地面,落地時(shí)速率為v1,且落地前球已經(jīng)做勻速運(yùn)動(dòng).求:

(1)球從拋出到落地過程中克服空氣阻力所做的功;
(2)球拋出瞬間的加速度大小;
(3)球上升的最大高度H.
分析:(1)直接運(yùn)用動(dòng)能定理可求解球從拋出到落地過程中克服空氣阻力所做的功-Wf=
1
2
mv12-
1
2
mv02

(2)落地前勻速運(yùn)動(dòng),則mg-kv1=0.剛拋出時(shí)加速度大小為a0,則根據(jù)牛頓第二定律mg+kv0=ma0,即可解得球拋出瞬間的加速度大小a0
(3)上升時(shí)根據(jù)牛頓第二定律-(mg+kv)=ma可計(jì)算加速度a,取極短△t時(shí)間,速度變化△v,有:△v=a△t,上升全程∑△v=0-v0=∑a△t,把a(bǔ)值代入,分析計(jì)算,可求得球上升的最大高度H.
解答:解:(1)由動(dòng)能定理得
Wf=
1
2
mv12-
1
2
mv02

克服空氣阻力做功
W=-Wf=
1
2
mv02-
1
2
mv12

(2)空氣阻力f=kv
落地前勻速運(yùn)動(dòng),則mg-kv1=0
剛拋出時(shí)加速度大小為a0,則
mg+kv0=ma0
解得a0=(1+
v0
v1
)g

(3)上升時(shí)加速度為a,-(mg+kv)=ma
a=-g-
k
m
v

取極短△t時(shí)間,速度變化△v,有:
△v=a△t=-g△t-
k
m
v△t

又v△t=△h
上升全程∑△v=0-v0=-g∑△t-
k
m
∑△h

v0=gt1+
k
m
H

H=
(v0-gt1)v1
g

答:(1)球從拋出到落地過程中克服空氣阻力所做的功為
1
2
mv02-
1
2
mv12
;
(2)球拋出瞬間的加速度大小為(1+
v0
v1
)g

(3)球上升的最大高度H為
(v0-gt1)v1
g
點(diǎn)評(píng):本題綜合運(yùn)用了動(dòng)能定理和牛頓運(yùn)動(dòng)定律,運(yùn)用動(dòng)能定理和牛頓運(yùn)動(dòng)定律解題注意要合理地選擇研究的過程,列表達(dá)式求解.本題第(3)問較難,對(duì)數(shù)學(xué)的要求較高.
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從地面上以初速度v0豎直上拋一質(zhì)量為m的小球,若運(yùn)動(dòng)過程中受到的空氣阻力與其速率成正比,球運(yùn)動(dòng)的速率隨時(shí)間變化的規(guī)律如圖所示,t1時(shí)刻到達(dá)最高點(diǎn),再落回地面,落地速率為v1,且落地前小球已經(jīng)做勻速運(yùn)動(dòng),則下列說法中錯(cuò)誤的是( 。

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懸空固定一個(gè)長l1=0.3m無底圓筒CD.現(xiàn)將一根長l2=0.24m的直桿AB在A端距圓筒CD底部H=5.46m處,從地面上以初速度v0=12m/s豎直上拋.如圖所示,由于存在空氣阻力,桿上升時(shí)加速度大小為a1=12m/s2,下降時(shí)加速度大小為a2=6.75m/s2.求:
(1)AB桿上升H所用的時(shí)間tA;
(2)AB桿上升通過圓筒的時(shí)間t1為多少;
(3)AB桿從開始到t2=2s這一過程中的平均速度的大。ūA2位有效數(shù)字)

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懸空固定一個(gè)長l1=0.30m無底圓筒CD.現(xiàn)將一根長l2=0.24m的直桿AB在A端距圓筒CD底部H=5.46m處,從地面上以初速度v0=12m/s豎直上拋.如圖所示,由于存在空氣阻力,桿上升時(shí)加速度大小為a1=12.0m/s2,下降時(shí)加速度大小為a2=6.75m/s2.求
(1)AB桿上升通過圓筒的時(shí)間t1為多少?
(2)AB桿通過CD圓筒的總時(shí)間t為多少?

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