17.下列說法正確的是( 。
A.兩個分子從無窮遠處逐漸靠近的過程中,分子力先增加再減小,分子勢能先減小再增大
B.任何晶體至少在某一種物理性質方面表現(xiàn)出各向異性
C.某一理想氣體在壓強不變的情況下體積增大,則單位時間與單位面積發(fā)生碰撞的分子數(shù)減少
D.當水蒸氣達到飽和狀態(tài)時,任然有水分子不斷從液體中逸出
E.從單一熱源吸收熱量全部用來對外做功是可能的

分析 可以根據(jù)分子力做功判斷分子勢能的變化,分子力做正功,分子勢能減小,分子力做負功,分子勢能增加;多晶體具有各向異性;根據(jù)壓強的微觀意義分析;水蒸氣達到飽和狀態(tài)時是一種動態(tài)平衡;根據(jù)熱力學第二定律分析.

解答 解:A、根據(jù)分子力的特點可知,兩個分子從無窮遠處逐漸靠近的過程中,分子力先增加再減小再增大,分子勢能先減小再增大.故A錯誤;
B、多晶體具有各向異性,物理性質方面不能表現(xiàn)出各向異性.故B錯誤;
C、理想氣體在壓強不變的情況下體積增大,根據(jù)理想狀態(tài)的狀態(tài)方程可知,氣體的溫度一定升高;溫度升高則分子運動變激烈,分子對器壁的平均撞擊力增大,壓強不變,所以則單位時間與單位面積發(fā)生碰撞的分子數(shù)減少.故C正確;
D、水蒸氣達到飽和狀態(tài)時是一種動態(tài)平衡,所以當水蒸氣達到飽和狀態(tài)時,任然有水分子不斷從液體中逸出.故D正確;
D、根據(jù)熱力學第二定律可知,從單一熱源吸收熱量全部用來對外做功是可能的,但會引起其他的變化.故E正確.
故選:CDE

點評 解決本題的關鍵掌握分子力的特點:r>r0,分子力表現(xiàn)為引力,r<r0,分子力表現(xiàn)為斥力.以及分子力做功與分子勢能的關系:分子力做正功,分子勢能減小,分子力做負功,分子勢能增加.

練習冊系列答案
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8.一個小物塊從斜面底端沖上足夠長的斜面后,返回到斜面底端,已知小物塊的初動能為E,它返回斜面底端時的速度大小為υ,克服摩擦阻力做功為$\frac{E}{2}$.若小物塊沖上斜面的初動能變?yōu)?E,則有( 。
A.返回斜面底端時的動能為EB.返回斜面底端時的動能為$\frac{3E}{2}$
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A.質量越大、軌道半徑越大,速度越小
B.質量越大、軌道半徑越小,速度越大
C.與質量無關,軌道半徑越小,速度越大
D.與質量無關,軌道半徑越小,速度越小

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5.如圖所示,是利用電力傳送帶裝運麻袋包的示意圖.傳送帶主動輪和從動輪軸心距L=3.3m,傾角θ=37o,麻袋包與傳送帶間的動摩擦因數(shù)μ=0.85,傳送帶的主動輪和從動輪半徑R相等,主動輪軸心與貨車車箱中心的水平距離x=1.2m,主動輪頂端與貨車底板間的高度差為h=1.8m,傳送帶勻速運動.在傳送帶底端 (傳送帶與從動輪相切位置)由靜止釋放一只麻袋包(可視為質點),其質量m=50kg,麻袋包最終與傳送帶一起做勻速運動,到達主動輪時隨輪一起勻速轉動.且到達主動輪的最高點時,恰好水平拋出并落在車箱中心(g=10m/s2)求
(1)傳送帶勻速運動速度v和主動輪的半徑R;
(2)麻袋包在平直傳送帶上運動的時間t;
(3)該裝運系統(tǒng)傳送一只麻袋包的過程中在麻袋包和傳送帶之間產(chǎn)生的熱量Q.

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12.A、D兩點分別是斜面的頂端、底端,B、C是斜面上的兩個點,LAB=LBC=LCD,E點在D點正上方并與A點等高.從E點以一定水平速度拋出質量相等的兩個小球,球1落在B點,球2落在C點,球1和球2從拋出到落在斜面上的過程(不計空氣阻力)中,( 。
A.球1和球2運動的時間之比為1:$\sqrt{2}$B.球1和球2拋出時初速度之比為2$\sqrt{2}$:1
C.球1和球2重力做功之比為1:3D.球1和球2動能增加量之比為1:2

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2.質量為1.0kg的小鐵球從某一高度自由落下,當下落到全程中點位置時,具有36J的動能,如果空氣阻力不計,取地面為零勢能面,g取10m/s2,則下列說法正確的是(  )
A.鐵球在最高點時的重力勢能為36 J
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C.鐵球落到地面時速度大小為6m/s
D.鐵球開始下落時的高度為3.6 m

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A.A球下滑到地面時,B球速度為零
B.A球下滑到地面過程中輕桿一直對B球做正功
C.A球機械能最小時,B球對地的壓力等于它的重力
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6.一質點位于x=-1m處,t=0時刻沿x軸正方向做直線運動,其運動的v-t圖象如圖所示.下列說法正確的是( 。
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