Question

【題目】如圖所示，在無(wú)限長(zhǎng)的豎直邊界NS和MT間充滿勻強(qiáng)電場(chǎng)，同時(shí)該區(qū)域上、下部分分別充滿方向垂直于NSTM平面向外和向內(nèi)的勻強(qiáng)磁場(chǎng)，磁感應(yīng)強(qiáng)度大小分別為B和2B，KL為上下磁場(chǎng)的水平分界線，在NS和MT邊界上，距KL高h處分別有P、Q兩點(diǎn)，NS和MT間距為1.8h，質(zhì)量為m，帶電荷量為＋q的粒子從P點(diǎn)垂直于NS邊界射入該區(qū)域，在兩邊界之間做圓周運(yùn)動(dòng)，重力加速度為g.

(1)求電場(chǎng)強(qiáng)度的大小和方向．

(2)要使粒子不從NS邊界飛出，求粒子入射速度的最小值．

(3)若粒子能經(jīng)過(guò)Q點(diǎn)從MT邊界飛出，求粒子入射速度的所有可能值．

Answer 1

【答案】（1），方向豎直向上 （2）

（3）；；

【解析】試題分析：（1）粒子在磁場(chǎng)中做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，洛倫茲力提供向心力，電場(chǎng)力與重力合力為零；

（2）作出粒子的運(yùn)動(dòng)軌跡，由牛頓第二定律與數(shù)學(xué)知識(shí)求出粒子的速度；

（3）作出粒子運(yùn)動(dòng)軌跡，應(yīng)用幾何知識(shí)求出粒子的速度．

解：（1）粒子在磁場(chǎng)中做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，

電場(chǎng)力與重力合力為零，即mg=qE，

解得：E=，電場(chǎng)力方向豎直向上，電場(chǎng)方向豎直向上；

（2）粒子運(yùn)動(dòng)軌跡如圖所示：

設(shè)粒子不從NS邊飛出的入射速度最小值為vmin，

對(duì)應(yīng)的粒子在上、下區(qū)域的軌道半徑分別為r1、r2，

圓心的連線與NS的夾角為φ，

粒子在磁場(chǎng)中做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，由牛頓第二定律得：

qvB=m，解得，粒子軌道半徑：r=，

r1=，r2=r1，

由幾何知識(shí)得：（r1+r2）sinφ=r2，r1+r1cosφ=h，

解得：vmin=（9﹣6）；

（3）粒子運(yùn)動(dòng)軌跡如圖所示，

設(shè)粒子入射速度為v，

粒子在上、下區(qū)域的軌道半徑分別為r1、r2，

粒子第一次通過(guò)KL時(shí)距離K點(diǎn)為x，

由題意可知：3nx=1.8h （n=1、2、3…）

x≥，x=，

解得：r1=（1+），n＜3.5，

即：n=1時(shí)，v=，

n=2時(shí)，v=，

n=3時(shí)，v=；

答：（1）電場(chǎng)強(qiáng)度的大小為，電場(chǎng)方向豎直向上；

（2）要使粒子不從NS邊界飛出，粒子入射速度的最小值為（9﹣6）．

（3）若粒子經(jīng)過(guò)Q點(diǎn)從MT邊界飛出，粒子入射速度的所有可能值為：、或、或．