A. 在x=1.75m處.兩列波此時所引起的振動方向相反 查看更多

 

題目列表(包括答案和解析)

如圖所示,兩列簡諧橫波分別沿x軸正方向和負方向傳播,兩波源分別位于x=-0.2m和x=1.2m處,兩列波的波速均為v=0.4m/s,振幅均為A=2cm。t=0時刻兩列波的圖像及傳播方向如圖所示,此時平衡位置處于x=0.2m和x=0.8m的P、Q兩質點剛開始振動。質點M、N的平衡位置分別處于x=0.4m和x=0.5m處,下列關于各質點運動情況的判斷正確的是(    )

       

A.t=0.75s時刻,質點P、Q都運動到N點       B.質點P、Q的起振方向相反

C.t=1.5s時刻,質點N的位移為2cm            D.t=1.2s時刻,質點M的位移為0

 

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如圖所示,兩列簡諧橫波分別沿x軸正方向和負方向傳播,兩波源分別位于x=-0.2m和x=1.2m處,兩列波的速度均為v=0.4m/s,兩列波的振幅均為A=2cm.圖示為t=0時刻兩列波的圖象(傳播方向如圖所示),此刻平衡位置處于x=0.2m和x=0.8m的P、Q兩質點剛開始振動。質點M的平衡位置處于x=0.5m處,關于各質點運動情況判斷正確的是(   )

A.t=1s時刻,質點M的位移為-4cm

B.t=1s時刻,質點M的位移為4cm

C.t=0.75s時刻,質點P、Q都運動到M點

D.質 點P、Q的起振方向都沿y軸負方向

 

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如圖所示,兩列簡諧橫波分別沿x軸正方向和負方向傳播,兩波源分別位于x=-0.2m和x=1.2m處,兩列波的波速均為v=0.4m/s,振幅均為A=2cm。t=0時刻兩列波的圖像及傳播方向如圖所示,此時平衡位置處于x=0.2m和x=0.8m的P、Q兩質點剛開始振動。質點M、N的平衡位置分別處于x=0.4m和x=0.5m處,下列關于各質點運動情況的判斷正確的是 (   )

A.t=0.75s時刻,質點P、Q都運動到N點

B.質點P、Q的起振方向相反

C.t=1.5s時刻,質點N的位移為2cm

D.t=1.2s時刻,質點M的位移為0

 

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如圖所示,兩列簡諧橫波分別沿x軸正方向和負方向傳播,兩波源分別位于x=-0.2m和x=1.2m處,兩列波的速度均為v=0.4m/s,兩列波的振幅均為A=2cm.圖示為t=0時刻兩列波的圖象(傳播方向如圖所示),此刻平衡位置處于x=0.2m和x=0.8m的P、Q兩質點剛開始振動。質點M的平衡位置處于x=0.5m處,關于各質點運動情況判斷正確的是(   )

A.t=1s時刻,質點M的位移為-4cm
B.t=1s時刻,質點M的位移為4cm
C.t=0.75s時刻,質點P、Q都運動到M點
D.質 點P、Q的起振方向都沿y軸負方向

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如圖所示,兩列簡諧橫波分別沿x軸正方向和負方向傳播,兩波源分別位于x=-0.2m和x=1.2m處,兩列波的波速均為v=0.4m/s,振幅均為A=2cm。t=0時刻兩列波的圖像及傳播方向如圖所示,此時平衡位置處于x=0.2m和x=0.8m的P、Q兩質點剛開始振動。質點M、N的平衡位置分別處于x=0.4m和x=0.5m處,下列關于各質點運動情況的判斷正確的是(    )

       

A.t=0.75s時刻,質點P、Q都運動到N點      B.質點P、Q的起振方向相反

C.t=1.5s時刻,質點N的位移為2cm           D.t=1.2s時刻,質點M的位移為0

 

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1、B C   2、C    3、A    4、A    5、B   6、B C   7、CD   8、B   9、A  10、C  11、 BD

12、 A   13、C   14、AB    15、C D 

16、C

17、[⑴當最靠近上表面的煙塵顆粒被吸附到下板時,煙塵就被全部吸附。煙塵顆粒受到的電場力F=qU/L,L=at2/2=qUt2/2mL,故t=0.02s

⑵W=NALqU/2=2.5×10-4J

⑶設煙塵顆粒下落距離為x,則當時所有煙塵顆粒的總動能

EK=NA(L-x) mv2/2= NA(L-x)  qUx/L,當x=L/2時EK達最大,而x=at12/2,故t1=0.014s ]

18.

19.

20. 解:由圖象可知,=2 m,A=2 cm.

(1)當波向右傳播時,點B的起振方向豎直向下,包括P點在內的各質點的起振方向均為豎直向下.

①波速,由,得

②由t= 0至P點第一次到達波峰止,經歷的時間,而t=0時O點的振動方向豎直向上(沿y軸正方向),故經時間,O點振動到波谷,即

(2)當波速v=20 m/s時,經歷0.525 s時間,波沿x軸方向傳播的距離,即,實線波形變?yōu)樘摼波形經歷了,故波沿x軸負方向傳播.

21解:(1)對整體由動量守恒定律得

,則,方向向右.

(2)由功能關系得,則

(3)①物體A、B未相碰撞,B停止時,A繼續(xù)運動,此時小

車開始運動.對小車應用動能定理得,則

②物體B速度為零時正好與A相撞,碰后小車開始加速,最終達到共同速度.對小車應用動能定理得,則

所以小車位移大小的取值范圍是

22、【解析】電子在兩極板間運動的V-t圖象如右圖所示。

(1)要求電子到達A板的速度最大,則電子應該從B板一直加速運動到A板,即電子從B板加速運動到A板所用時間必須滿足:

t≤       、

依題意知:S=××t2=d 、

綜合①、②可得:f≤。

(2)由電子在電場中運動時的受力情況及速度變化情況可知:要求電子到達A板的速度為零,則電子應該在t=nT(n=1,2,3,…)時刻到達A板,電子在每個內通過的位移為:

S=××(2           

依題意知:d=n(2S)                    ④

綜合③、④可得:f=(n=1,2,3,…)。

 (3)在t=T/4時刻釋放電子,經過一個周期,在t=時刻,電子剛回到出發(fā)點。條件是在半個周期即從()時間內,電子的位移小于d,亦即頻率f≥。

【本題小結】解答帶電粒子在交變電場中加速運動的問題,可借助于帶電粒子在交變電場中運動的速度圖象加以分析。

 

 

23.(12分)     9cm        1250     21.5

 

 

 

 


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