物體在水平拉力F作用下，沿水平方向作直線運動，拉力F與時間t的關系和物體的速度v和時間t的關系如圖所示，由圖可知，0-8s內的拉力對物體所做的功是

 

J；拉力在第三秒末的功率是

 

W．物體受到的阻力大小是

 

N．

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某同學為探究“合力做功與物體動能改變的關系”，設計了如下實驗，他的操作步驟是：
①按圖擺好實驗裝置，其中小車質量M=0.20kg，鉤碼總質量m=0.05kg．

②釋放小車，然后接通打點計時器的電源（電源頻率為f=50Hz），打出一條紙帶．
（1）他在多次重復實驗得到的紙帶中取出自認為滿意的一條，如圖所示．
把打下的第一點記作0，然后依次取若干個計數點，相鄰計數點間還有4個點未畫出，用厘米刻度尺測得各計數點到0點距離分別為d₁=0.41m，d₂=0.055m，d₃=0.167m，d₄=0.256m，d₅=0.360m，d₆=0.480m…，他把鉤碼重力（當地重力加速度g=9.8m/s²）作為小車所受合力算出打下0點到打下第5點合力做功．W=

0.176

0.176

J（結果保留三位有效數字），用正確的公式E_k=

Mf2

200

(d6-d4)2

Mf2

200

(d6-d4)2

（用相關數據前字母列式）把打下第5點時小車動能作為小車動能的改變量，算得E_k=0.125J．
（2）此次實驗探究的結果，他沒能得到“合力對物體做的功，等于物體動能的增量”，且誤差很大．通過反思，他認為產生誤差的原因如下，其中正確的是

AB

AB

．
A．鉤碼質量太大，使得合力對物體做功的測量值比真實值偏大太多
B．沒有平衡摩擦力，使得合力對物體做功的測量值比真實值偏大太多
C．釋放小車和接通電源的次序有誤，使得動能增量的測量值比真實值偏小
D．沒有使用最小刻度為毫米的刻度尺測距離也是產生此誤差的重要原因．

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某同學為探究“合力做功與物體動能改變的關系”，設計了如下實驗，他的操作步驟是：
①按圖擺好實驗裝置，其中小車質量M=0.20kg，鉤碼總質量m=0.05kg．



②釋放小車，然后接通打點計時器的電源（電源頻率為f=50Hz），打出一條紙帶．
（1）他在多次重復實驗得到的紙帶中取出自認為滿意的一條，如圖所示．


把打下的第一點記作0，然后依次取若干個計數點，相鄰計數點間還有4個點未畫出，用厘米刻度尺測得各計數點到0點距離分別為d₁=0.41m，d₂=0.055m，d₃=0.167m，d₄=0.256m，d₅=0.360m，d₆=0.480m…，他把鉤碼重力（當地重力加速度g=9.8m/s²）作為小車所受合力算出打下0點到打下第5點合力做功．W=______J（結果保留三位有效數字），用正確的公式E_k=______（用相關數據前字母列式）把打下第5點時小車動能作為小車動能的改變量，算得E_k=0.125J．
（2）此次實驗探究的結果，他沒能得到“合力對物體做的功，等于物體動能的增量”，且誤差很大．通過反思，他認為產生誤差的原因如下，其中正確的是______．
A．鉤碼質量太大，使得合力對物體做功的測量值比真實值偏大太多
B．沒有平衡摩擦力，使得合力對物體做功的測量值比真實值偏大太多
C．釋放小車和接通電源的次序有誤，使得動能增量的測量值比真實值偏小
D．沒有使用最小刻度為毫米的刻度尺測距離也是產生此誤差的重要原因．

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某同學為探究“合力做功與物體動能改變的關系”，設計了如下實驗，他的操作步驟是：
①按圖擺好實驗裝置，其中小車質量M=0.20kg，鉤碼總質量m=0.05kg．

②釋放小車，然后接通打點計時器的電源（電源頻率為f=50Hz），打出一條紙帶．
（1）他在多次重復實驗得到的紙帶中取出自認為滿意的一條，如圖所示．
把打下的第一點記作0，然后依次取若干個計數點，相鄰計數點間還有4個點未畫出，用厘米刻度尺測得各計數點到0點距離分別為d₁=0.41m，d₂=0.055m，d₃=0.167m，d₄=0.256m，d₅=0.360m，d₆=0.480m…，他把鉤碼重力（當地重力加速度g=9.8m/s²）作為小車所受合力算出打下0點到打下第5點合力做功．W=______J（結果保留三位有效數字），用正確的公式E_k=______（用相關數據前字母列式）把打下第5點時小車動能作為小車動能的改變量，算得E_k=0.125J．
（2）此次實驗探究的結果，他沒能得到“合力對物體做的功，等于物體動能的增量”，且誤差很大．通過反思，他認為產生誤差的原因如下，其中正確的是______．
A．鉤碼質量太大，使得合力對物體做功的測量值比真實值偏大太多
B．沒有平衡摩擦力，使得合力對物體做功的測量值比真實值偏大太多
C．釋放小車和接通電源的次序有誤，使得動能增量的測量值比真實值偏小
D．沒有使用最小刻度為毫米的刻度尺測距離也是產生此誤差的重要原因．

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1.B  2.B  3.D  4.C  5.B  6.A  7.C  8.C  9.D  10.D  11.B  12.A  13.B

14.D  15.ABD  16.BD  17.BCD  18.D  19.C  20.D  21. BD 

22. (1)B （5分） 

(2) ①C（2分）　

②a．（2分）

b．；（2分）（2分）

c．縱軸截距的倒數（2分）

斜率除以縱軸的截距（2分）

23．（16分）解：籃球從h₁處下落的時間為t₁，觸地時的速度大小為，彈起時的速度大小為。  則 （ 2分）       （2分）   

   （1分）   

 球與地面作用時間   （1分）        

 球觸地過程中取向上為正方向，對籃球用動量定理：

 （5分）

即    代入數據得      3分

根據牛頓第三定律籃球對地的作用力大小為39N,方向豎直向下。 2分

24.（19分）

（1）ab棒離開磁場右邊界前做勻速運動，

速度為，則有E=Bdv_m    　    對ab棒　    F－BId＝0      

解得  =       （7分）

（2）由能量守恒可得：　　   

得：    W _電=F（l₀+l）- （6分）

（3）設棒剛進入磁場時速度為v,　由    可得            

棒在進入磁場前做勻加速直線運動，在磁場中運動可分三種情況討論：

①若   則棒做勻速直線運動；（2分）

②若<      則棒先加速后勻速； （2分）

③若>      則棒先減速后勻速。 （2分）

25．（20分）解（1）設兩滑塊碰前A的速度V₁

由動能定理有（Eq-μmg）l=mV²₁    (3分) 

 V₁==3（m/s）  (1分)

A、B兩滑塊碰撞，時間極短動量守恒設共同速度為V：mV₁=(m+M)V（2分）     V==1.0m/s（1分）

    （2）碰后AB一起壓縮彈簧至最短，設彈簧壓縮x₁，由動能定理

Eqx₁-μ（m+M）gx₁-E₀=0-(m+M)V₂ (3分)  x₁==0.02(m)  (1分)

A變化的電勢能△E_電=-Eqx₁=-8.0×10^-4(J)    (2分)（沒有“-”號不扣分）

（3）設AB反彈后滑行了x₂后速度減為零   則E₀-Eqx₂-μ（m+M）gx₂=0  （3分）

 x₂==0.05(m)  （1分）  以后因為Eq＞μ（m+M）g滑塊可能還會向左運動，被彈開的距離將逐漸變小，所以最大距離 S=x₂+s₀-x₁=0.05+0.05-0.02=0.08m      （3分）

26. （13分）

（1）溶液褪色（2分）；加成反應（1分）；CaC₂ + 2H₂O → Ca(OH)₂  + C₂H₂↑（2分）。

（2）溶液先變渾濁后變澄清（2分）；不可以（1分）。去掉c后易將d中的液體倒吸

入b中（只要答防止倒吸即給分）（2分）。

（3）溶液變渾濁（1分）； 略（2分）

27．（16分）

（1）三角錐形（1分）      3周期、ⅥA族（2分）

    （2）2Na₂O₂+2H₂O＝4NaOH+O₂↑（2分）

    （3）H₂O、NH₃、CH₄（2分）

    （4）H₂O₂+2Fe²⁺+2H⁺＝2Fe³⁺+2H₂O （3分）

（5）7＜pH＜12（3分）（其它表示方法只要正確均給分）  （6）23∶12（3分）

28.（15分）

（1）Mg²⁺[ O ] ^2-    （2分）；C + 4HNO₃（濃）== CO₂↑+ 4NO₂↑+ 2H₂O (3分)。

（2）2Fe²⁺+ Cl₂＝2Fe³⁺+2Cl^―（2分）；H₂(g) + Cl₂(g) =2HCl(g)；△H = -184.6kJ/mol

(3分)

（3）SiO₂  + 2C === Si + 2CO↑（3分）；原子 （2分）。

29. （16分）