題目列表(包括答案和解析)
如圖所示,交流發(fā)電機(jī)的矩形線圈邊長(zhǎng)ab=cd=0.4 m,ad=bc=0.2m,線圈匝數(shù)N=100,電阻r=1 0Ω。線圈在磁感應(yīng)強(qiáng)度B=0. 2 T的勻強(qiáng)磁場(chǎng)中繞垂直于磁場(chǎng)的軸以rad/s的角速度勻速轉(zhuǎn)動(dòng),外接電阻R=9Ω,以圖示時(shí)刻開(kāi)始計(jì)時(shí),則( )
A.電動(dòng)勢(shì)瞬時(shí)值 V[來(lái)源:學(xué)科網(wǎng)]
B.t=0時(shí)線圈中磁通量變化率最大
C.s時(shí)線圈中感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)最大
D.交變電流的有效值是 A
A.電動(dòng)勢(shì)瞬時(shí)值V |
B.t=0時(shí)線圈中磁通量變化率最大 |
C.s時(shí)線圈中感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)最大 |
D.交變電流的有效值是A |
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16π |
A、該線圈產(chǎn)生的交流電動(dòng)勢(shì)峰值為50 V | ||
B、該線圈產(chǎn)生的交流電動(dòng)勢(shì)有效值為25
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C、電容器的耐壓值至少為50V | ||
D、電容器的電容C變大時(shí),電流表的示數(shù)變小 |
如圖所示,矩形線圈abcd與可變電容器C、理想電流表A組成閉合電路。線圈在有界勻強(qiáng)磁場(chǎng)中繞垂直于磁場(chǎng)的bc邊勻速轉(zhuǎn)動(dòng),轉(zhuǎn)動(dòng)的角速度ω=100π rad/s。線圈的匝數(shù)N=100,邊長(zhǎng)ab=0.2m、ad=0.4m,電阻不計(jì)。磁場(chǎng)只分布在bc邊的左側(cè),磁感應(yīng)強(qiáng)度大小B=T。電容器放電時(shí)間不計(jì)。下列說(shuō)法正確的是
A.該線圈產(chǎn)生的交流電動(dòng)勢(shì)峰值為50 V
B.該線圈產(chǎn)生的交流電動(dòng)勢(shì)有效值為25V
C.電容器的耐壓值至少為50V
D.電容器的電容C變大時(shí),電流表的示數(shù)變小
如圖所示,矩形線圈abcd與可變電容器C、理想電流表A組成閉合電路。線圈在有界勻強(qiáng)磁場(chǎng)中繞垂直于磁場(chǎng)的bc邊勻速轉(zhuǎn)動(dòng),轉(zhuǎn)動(dòng)的角速度ω=100π rad/s。線圈的匝數(shù)N=100,邊長(zhǎng)ab=0.2m、ad=0.4m,電阻不計(jì)。磁場(chǎng)只分布在bc邊的左側(cè),磁感應(yīng)強(qiáng)度大小B=T。電容器放電時(shí)間不計(jì)。下列說(shuō)法正確的是
A.該線圈產(chǎn)生的交流電動(dòng)勢(shì)峰值為50 V
B.該線圈產(chǎn)生的交流電動(dòng)勢(shì)有效值為25V
C.電容器的耐壓值至少為50V
D.電容器的電容C變大時(shí),電流表的示數(shù)變小
14.C 15.C 16.A 17.B 18.AD 19.D 20.AD 21.BC
22.(1)①保證小球沿水平方向拋出②③1.0,1.5
(2)甲圖不合理之處:不能多次測(cè)量;超過(guò)電流表量程,不安全;超過(guò)電壓表量程,也不安全。郝 雙制 作
乙圖不合理之處:電流表量程太�。浑妷罕砹砍烫�。
較為合理的電路如圖所示,
Rx的計(jì)算公式,其中U是電壓表V1示數(shù),I是電流表A1示數(shù),R0是電阻箱示數(shù)。
23. 解:滑塊從A處到B處,由動(dòng)能定理mgssin37°-μmgscos37°=mvB2
滑塊從B到C處,由動(dòng)能定理-μmgBC=mvC2-mvB2
若滑塊恰好從C處平拋射出,則在C處時(shí)不受彈力作用 mg=m
聯(lián)立解得郝雙 BC=
所以水平滑槽BC長(zhǎng)度至少為
24. 解:⑴設(shè)第1個(gè)球與木盒相遇后瞬間,兩者共同運(yùn)動(dòng)的速度為v1,根據(jù)動(dòng)量守恒定律:
代入數(shù)據(jù),解得: v1=
⑵設(shè)第1個(gè)球與木盒的相遇點(diǎn)離傳送帶左端的距離為s,第1個(gè)球經(jīng)過(guò)t0與木盒相遇,
則:
設(shè)第1個(gè)球進(jìn)入木盒后兩者共同運(yùn)動(dòng)的加速度為a,根據(jù)牛頓第二定律:
得:
設(shè)木盒減速運(yùn)動(dòng)的時(shí)間為t1,加速到與傳送帶相同的速度的時(shí)間為t2,則:
故木盒在2s內(nèi)的位移為零
依題意:
代入數(shù)據(jù),解得:郝雙
25.解:(1)小球進(jìn)入電場(chǎng),做勻速直線運(yùn)動(dòng)時(shí) Eq=mg�、貳=mg/q②
(2)在t1時(shí)刻加磁場(chǎng),小球在時(shí)間t0內(nèi)做勻速圓周運(yùn)動(dòng),設(shè)圓周運(yùn)動(dòng)周期為T0,半徑為R。
豎直向下通過(guò)D點(diǎn),則t0=3T0/4③ ④
PF-PD=R即⑤
將③、④代入⑤式解得⑥
(3)小球運(yùn)動(dòng)的速率始終不變,當(dāng)R變大時(shí),T0也增加,小球在電場(chǎng)中的運(yùn)動(dòng)周期T也增加。
在小球不飛出電場(chǎng)的情況下,當(dāng)T最大時(shí),有:郝雙 制作
DQ=2R即⑥ ⑦
結(jié)合⑥⑦式解得⑧
⑨
結(jié)合軌跡圖可知,小球在電場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)的最大周期⑩
結(jié)合上式解得
小球在電場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)一個(gè)周期的軌跡圖如圖乙所示
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