B．加速電場的電壓過高.電子速率偏大C．偏轉(zhuǎn)線圈匝間短路.線圈匝數(shù)減少D．偏轉(zhuǎn)線圈的電流過小.偏轉(zhuǎn)磁場減弱 【查看更多】

 

題目列表(包括答案和解析)

電子激光器是利用高速電子束射入方向交替變化的磁場，使電子在磁場中擺動著前進(jìn)而產(chǎn)生激光的一種裝置．在磁場中建立與磁場方向垂直的平面坐標(biāo)系xoy，如圖甲所示．方向交替變化的磁場隨x坐標(biāo)變化的圖線如圖乙所示，每個磁場區(qū)域的寬度均為L=0.30m，磁場的磁感應(yīng)強(qiáng)度大小B =3.75×10-4T，規(guī)定磁場方向垂直紙面向里為正方向．現(xiàn)將初速度為零的電子經(jīng)電壓U=4.5×103V的電場加速后，從坐標(biāo)原點沿y軸正方向射入磁場．電子電荷量e為1.6×10-19C，電子質(zhì)量m取9.0×10-31Kg不計電子的重力，不考慮電子因高速運動而產(chǎn)生的影響．求：
（l）電子從坐標(biāo)原點進(jìn)入磁場時速度的大小v；
（2）請在答題卡中圖甲的位置畫出x=0至x=4L區(qū)域內(nèi)電子在磁場中運動的軌跡，并計算電子通過圖中各磁場區(qū)域邊界時位置的縱坐標(biāo)，請在圖中標(biāo)出來；
（3）從x=0至x=NL（N為整數(shù)）區(qū)域內(nèi)電子運動的平均速度的大小．

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電子激光器是利用高速電子束射入方向交替變化的磁場，使電子在磁場中擺動著前進(jìn)而產(chǎn)生激光的一種裝置．在磁場中建立與磁場方向垂直的平面坐標(biāo)系xoy，如圖甲所示．方向交替變化的磁場隨x坐標(biāo)變化的圖線如圖乙所示，每個磁場區(qū)域的寬度均為L=0.30m，磁場的磁感應(yīng)強(qiáng)度大小B =3.75×10-4T，規(guī)定磁場方向垂直紙面向里為正方向．現(xiàn)將初速度為零的電子經(jīng)電壓U=4.5×103V的電場加速后，從坐標(biāo)原點沿y軸正方向射入磁場．電子電荷量e為1.6×10-19C，電子質(zhì)量m取9.0×10-31Kg不計電子的重力，不考慮電子因高速運動而產(chǎn)生的影響．求：
（l）電子從坐標(biāo)原點進(jìn)入磁場時速度的大小v；
（2）請在答題卡中圖甲的位置畫出x=0至x=4L區(qū)域內(nèi)電子在磁場中運動的軌跡，并計算電子通過圖中各磁場區(qū)域邊界時位置的縱坐標(biāo)，請在圖中標(biāo)出來；
（3）從x=0至x=NL（N為整數(shù)）區(qū)域內(nèi)電子運動的平均速度的大�。�

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電子激光器是利用高速電子束射入方向交替變化的磁場，使電子在磁場中擺動著前進(jìn)而產(chǎn)生激光的一種裝置．在磁場中建立與磁場方向垂直的平面坐標(biāo)系xoy，如圖甲所示．方向交替變化的磁場隨x坐標(biāo)變化的圖線如圖乙所示，每個磁場區(qū)域的寬度均為L=0.30m，磁場的磁感應(yīng)強(qiáng)度大小B =3.75×10-4T，規(guī)定磁場方向垂直紙面向里為正方向．現(xiàn)將初速度為零的電子經(jīng)電壓U=4.5×103V的電場加速后，從坐標(biāo)原點沿y軸正方向射入磁場．電子電荷量e為1.6×10-19C，電子質(zhì)量m取9.0×10-31Kg不計電子的重力，不考慮電子因高速運動而產(chǎn)生的影響．求：
（l）電子從坐標(biāo)原點進(jìn)入磁場時速度的大小v；
（2）請在答題卡中圖甲的位置畫出x=0至x=4L區(qū)域內(nèi)電子在磁場中運動的軌跡，并計算電子通過圖中各磁場區(qū)域邊界時位置的縱坐標(biāo)，請在圖中標(biāo)出來；
（3）從x=0至x=NL（N為整數(shù)）區(qū)域內(nèi)電子運動的平均速度的大�。�

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回旋加速器是加速帶電粒子的裝置，其核心部分是分別與高頻交流電極相連的兩個D形金屬盒，兩盒間的狹縫中形成的周期性變化的電場，使粒子在通過狹縫時都能得到加速，兩D形金屬盒處于垂直于盒底的勻強(qiáng)磁場中，如圖所示．要增大帶電粒子射出的動能，下列說法正確的是（　　）

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回旋加速器是加速帶電粒子的裝置，其主體部分是兩個D形金屬盒．兩金屬盒處在垂直于盒底的勻強(qiáng)磁場中，并分別與高頻交流電源兩極相連接，從而使粒子每次經(jīng)過兩盒間的狹縫時都得到加速，如圖所示．現(xiàn)要增大帶電粒子從回旋加速器射出時的動能，下列方法可行的是（　　）

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一、選擇題（全部選對得4分，選對但不全的得2分，有選錯的得0分。共16小題，滿分64分）

題號

1

2

3

4

5

6

7

8

答案

C

BCD

AD

D

BCD

AC

D

AD

題號

9

10

11

12

13

14

15

16

答案

C

D

BD

BC

C

AD

ABD

D

二．

17．（9分）

   （1）根據(jù)法拉第電磁感應(yīng)定律     （2分） 

    求出        E = 1.2（V）                   （1分）

（2）根據(jù)全電路歐姆定律    （2分）

        根據(jù)         = 5.76×10-2（W）      （1分）

    ）

（3）S斷開后，流經(jīng)R2的電量即為S閉合時C板上所帶的電量Q

電容器兩端的電壓     U = IR2＝0.6（V）      （1分）

流經(jīng)R2的電量    Q = CU = 1.8×10-5（C）    （2分）

 

18.（10分）粒子的運動軌跡如右圖所示   

（1）設(shè)粒子在電場中運動的時間為t1

      x、y方向   2h = v0t1   （2分）

      根據(jù)牛頓第二定律   Eq = ma     （1分）

      求出                  （1分）

（2）根據(jù)動能定理   （1分）

設(shè)粒子進(jìn)入磁場時速度為v，根據(jù)   （1分）

     求出                             （1分）

（3）粒子在磁場中運動的周期        （1分）

設(shè)粒子在磁場中運動的時間為t2        （1分）

       求出                     （1分）

 19.(3+3+4=10分）（1）；（2）；（3）下表面

 20.（4+3=7分）

（1）磁場和電場方向與yOz平面平行，與-y方向成53°斜向下；（2）0

 


同步練習(xí)冊答案