與水平面成角.質(zhì)量為的導(dǎo)體棒PQ 與ab.cd垂直且接觸良好.回路的電阻 為R.整個(gè)裝置放于垂直框架平面的變 【查看更多】

 

題目列表(包括答案和解析)

如圖，導(dǎo)體框平面與水平面成θ角，質(zhì)量為的導(dǎo)體棒PQ與ab、cd接觸良好，回路的總電阻為R，整個(gè)裝置放于垂直于框架平面的變化的磁場中，磁感應(yīng)強(qiáng)度的變化如圖（乙），PQ始終靜止，則在0—tos內(nèi)，PQ受到的摩擦力的變化情況可能是（　 ）]

　�、�一直增大

　 ②一直減小

　 ③先減小后增大

　 ④先增大后減小

A．①②　　 B．①④　 C．②③　 D．③④　

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導(dǎo)體框架abcd構(gòu)成的平面與水平面成θ角，質(zhì)量為m的導(dǎo)體棒PQ與導(dǎo)體軌道ad、bc接觸良好而且相互垂直．軌道ad、bc平行，間距為L．a(chǎn)bQp回路的面積為S，總電阻為R且保持不變．勻強(qiáng)磁場方向垂直框架平面斜向上，其變化規(guī)律如圖乙所示．導(dǎo)體棒PQ始終處于靜止?fàn)顟B(tài)，圖乙中為0己知量，B0足夠大，則（　�。� 

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導(dǎo)體框架abcd構(gòu)成的平面與水平面成θ角，質(zhì)量為m的導(dǎo)體棒PQ與導(dǎo)體軌道ad、bc接觸良好而且相互垂直．軌道ad、bc平行，間距為L．a(chǎn)bQp回路的面積為S，總電阻為R且保持不變．勻強(qiáng)磁場方向垂直框架平面斜向上，其變化規(guī)律如圖乙所示．導(dǎo)體棒PQ始終處于靜止?fàn)顟B(tài)，圖乙中為0己知量，B0足夠大，則（　　） 
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A．產(chǎn)生感應(yīng)電流時(shí)，導(dǎo)體棒ab中的電流方向?yàn)橛蒔到Q
B．產(chǎn)生感應(yīng)電流時(shí)，感應(yīng)電流為恒定電流
C．產(chǎn)生感應(yīng)電流時(shí)，導(dǎo)體棒受到的安培力為恒力
D．PQ恰好不受摩擦力時(shí)，磁感應(yīng)強(qiáng)度的大小為
mgRcosθ
LS

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 導(dǎo)體框架abcd構(gòu)成的平面與水平面成角，質(zhì)量為m的導(dǎo)體棒PQ與導(dǎo)體軌道、接觸良好而且相互垂直。軌道、平行，間距為L。回路的面積為S，總電阻為R且保持不變。勻強(qiáng)磁場方向垂直框架平面斜向上，其變化規(guī)律如圖乙所示。從開始，導(dǎo)體棒PQ始終處于靜止?fàn)顟B(tài)，圖乙中為已知量，足夠大，則  （    ）

    A．產(chǎn)生感應(yīng)電流時(shí)，導(dǎo)體棒PQ中的電流方向?yàn)橛?i>P到Q

    B．產(chǎn)生感應(yīng)電流時(shí)，感應(yīng)電流為恒定電流

    C．產(chǎn)生感應(yīng)電流時(shí)，導(dǎo)體棒PQ受到的安培力為恒力

    D．PQ恰好不受摩擦力時(shí)，磁感應(yīng)強(qiáng)度的大小為

 

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導(dǎo)體框架abcd構(gòu)成的平面與水平面成θ角，質(zhì)量為m的導(dǎo)體棒PQ與導(dǎo)體軌道ad、bc接觸良好而且相互垂直．軌道ad、bc平行，間距為L．a(chǎn)bQp回路的面積為S，總電阻為R且保持不變．勻強(qiáng)磁場方向垂直框架平面斜向上，其變化規(guī)律如圖乙所示．導(dǎo)體棒PQ始終處于靜止?fàn)顟B(tài)，圖乙中為0己知量，B足夠大，則（ ） 
A．產(chǎn)生感應(yīng)電流時(shí)，導(dǎo)體棒ab中的電流方向?yàn)橛蒔到Q
B．產(chǎn)生感應(yīng)電流時(shí)，感應(yīng)電流為恒定電流
C．產(chǎn)生感應(yīng)電流時(shí)，導(dǎo)體棒受到的安培力為恒力
D．PQ恰好不受摩擦力時(shí)，磁感應(yīng)強(qiáng)度的大小為

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       說明：定出評(píng)分標(biāo)準(zhǔn)是為了盡可能在統(tǒng)一標(biāo)準(zhǔn)下評(píng)定成績. 試題的參考解答是用來說明評(píng)分標(biāo)準(zhǔn)的. 考生如按其他方法或步驟解答，正確的，同樣給分；有錯(cuò)的，根據(jù)錯(cuò)誤的性質(zhì)，參照評(píng)分標(biāo)準(zhǔn)中相應(yīng)的規(guī)定評(píng)分.

一、二選擇題

1．B  2．C  3．A  4．C  5．A  6．CD  7．BD  8．BD  9．ABD

1,3,5

10．（1） （3分）（3分）（3）S（2分），L（2分）

文本框: 11．（1）還需毫安表（量程是1mA）、電源（電動(dòng)勢為3V）、開關(guān)、導(dǎo)線.（2分）

       原理圖如右（2分）

       測量方法：讀出電壓表的讀數(shù)是U和毫安表的讀數(shù)是I，則電壓表的內(nèi)阻可表示為Rv=U/I（2分，其它方案正確同樣給分.）

   （2）不能，因?yàn)殡妷罕淼膬?nèi)阻太大，無法精確測量其電流值. （4分，只答“能”或“不能”均不能得分，理由充分或誤差分析清楚即可得分.）

       第12、13、14小題為選做題，考生從該3小題中選做2題。若考生全部作答，則以12、13兩題進(jìn)行評(píng)分.

12．（1）ABCEG（6分，全對(duì)得6分，不全對(duì)的每對(duì)一項(xiàng)得1分，錯(cuò)一項(xiàng)扣1分，錯(cuò)2項(xiàng)扣3分，錯(cuò)3項(xiàng)本題不得分，本題不得負(fù)分）

   （2）①減少，5（每空1分）

       ②氣體體積增大，則單位體積內(nèi)的分子數(shù)減少；內(nèi)能減少，則溫度降低，其分子運(yùn)動(dòng)的平均速率減��；則氣體的壓強(qiáng)減小.（4分要有四個(gè)要點(diǎn)各占1分；單位體積內(nèi)的分子數(shù)減少；溫度降低；分子運(yùn)動(dòng)的平均速率減��；氣體的壓強(qiáng)減小.）

   （2）解：作出光路如圖

       由折射定律得（2分）

      

       所以r=30°（2分）

       由圖知

       則AB―AC=d?tan30°=d

       出射光線與入射光線間的距離是d（2分）

14．（1）BCDGH（6分，全對(duì)得6分，不全對(duì)的每對(duì)一項(xiàng)得1分，錯(cuò)一項(xiàng)扣1分，錯(cuò)2項(xiàng)扣3分，錯(cuò)3項(xiàng)本題不得分，本題不得負(fù)分）

   （2）①A、B相碰滿足動(dòng)量守恒（1分）

       得兩球跟C球相碰前的速度v1=1m/s（1分）

       ②兩球與C碰撞同樣滿足動(dòng)量守恒（1分）

       得兩球碰后的速度v2=0.5m/s，

       兩次碰撞損失的動(dòng)能（2分）

       （1分）

四、計(jì)算題

15．解：（1） （2分）

   （2） （2分）

        （2分）

       U=IR（1分）

       由以上各式得v=2.5m/s（1分）

   （3）金屬棒加速度（1分）

       由牛頓定律（2分）

      

       由以上各式得P=0.25W（1分）

16．解：（1）由牛頓運(yùn)動(dòng)定律：

       物塊放上小車后加速度：（1分）

       小車加速度：（2分）

      

      

       由得：t=2s（2分）

       兩小物塊放上小車2s后就一起運(yùn)動(dòng).

       小車的最小長度 （1分）

       L=3m（1分）

   （2）物塊在前2s內(nèi)做加速度為a1的勻加速運(yùn)動(dòng)，后1s同小車一起做加速度為a3的勻加速運(yùn)動(dòng)，以系統(tǒng)為研究對(duì)象

       根據(jù)牛頓運(yùn)動(dòng)定律，由得

       （1分）

       物塊3s末的速度（1分）

       摩擦力對(duì)小物塊做的功  （2分）

       小車在3s內(nèi)的位移（2分）

       力F做的功  （1分）


 

  
  

   

    
    

    
       （1分）
       在II區(qū)域的電磁場中運(yùn)動(dòng)滿足
       （2分）
       （1分）
       方向水平向右（1分）
       同理E2=2×103V/m方向水平向左.（1分）
   （2）根據(jù)對(duì)稱性，在區(qū)域III中只能存在勻強(qiáng)磁場，且滿足B3=B2=0.1T，方向垂直紙面向外. （2分）
       由于周期相等，所以在區(qū)域II中只能存在勻強(qiáng)電場，且方向必須與x軸平行，（2分）
       從B點(diǎn)運(yùn)動(dòng)至O點(diǎn)做類平拋運(yùn)動(dòng)，時(shí)間（1分）
       沿y軸方向的位移是L，則（1分）
       由牛頓第二定律qE­=ma（1分）
       代入數(shù)據(jù)解得E=2×103V/m（1分）
       根據(jù)對(duì)稱性電場方向如圖答所示.（1分）
 
		

	
	

		



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