Question

如圖，直線與y軸交于A點，過點A的拋物線與直線交于另一點B，過點B作BC⊥x軸，垂足為點C（3，0）．
（1）求B點坐標(biāo)以及拋物線的函數(shù)解析式．
（2）動點P在線段OC上，從原點O出發(fā)以每秒一個單位的速度向C運(yùn)動，過點P作x軸的垂線交直線AB于點M，交拋物線于點N．設(shè)點P運(yùn)動的時間為t秒，求線段MN的長與t的函數(shù)關(guān)系式，當(dāng)t為何值時，MN的長最大，最大值是多少？
（3）在（2）的條件下（不考慮點P與點O、點C重合的情況），連接CM、BN，當(dāng)t為何值時，四邊形BCMN為平行四邊形？問對于所求的t的值，平行四邊形BCMN是否為菱形？說明理由．

Answer 1

解：（1）∵y=x+1，
∴當(dāng)x=0時，y=1，即A點坐標(biāo)為（0，1），
當(dāng)x=3時，y=×3+1=2.5，即B點坐標(biāo)為（3，2.5），
將A（0，1），B（3，2.5）代入y=-x²+bx+c，
得，
解得：，
∴拋物線的函數(shù)解析式為y=-x²+x+1；

（2）∵OP=1•t=t，
∴P（t，0），M（t，t+1），N（t，-t²+t+1），
∴MN=NP-MP=（-t²+t+1）-（t+1）=-t²+t，
即線段MN的長與t的函數(shù)關(guān)系式為MN=-t²+t（0≤t≤3）；
∵-t²+t=-（t²-3t）=-（t-）²+，
∴當(dāng)t=時，MN的長最大，最大值是；

（3）若四邊形BCMN為平行四邊形，則有MN=BC，
此時，有-t²+t=，
解得t₁=1，t₂=2，
所以當(dāng)t=1或2時，四邊形BCMN為平行四邊形；
當(dāng)t=1時，MN=-×1²+×1=，MP=×1+1=，PC=3-1=2，
在Rt△MPC中，MC===，
故MN=MC，此時平行四邊形BCMN為菱形；
當(dāng)t=2時，MN=-×2²+×2=，MP=×2+1=2，PC=3-2=1，
在Rt△MPC中，MC===，
故MN≠M(fèi)C，此時平行四邊形BCMN不是菱形．
分析：（1）先由y=x+1，求出與y軸交點A的坐標(biāo)，再將x=3代入y=x+1，求出y的值，得到B點坐標(biāo)，然后將A、B兩點坐標(biāo)代入y=-x²+bx+c，運(yùn)用待定系數(shù)法即可求得拋物線的函數(shù)解析式；
（2）先用含t的代數(shù)式表示P、M、N的坐標(biāo)，再根據(jù)MN=NP-MP，即可得到線段MN的長與t的函數(shù)關(guān)系式為MN=-t²+t（0≤t≤3），然后運(yùn)用配方法可求出當(dāng)t=時，MN的長最大，最大值是；
（3）若四邊形BCMN為平行四邊形，則有MN=BC，即可得方程：-t²+t=，解方程求得t的值，再分別分析t取何值時四邊形BCMN為菱形即可．
點評：此題考查了待定系數(shù)法求二次函數(shù)的解析式，線段的長與函數(shù)關(guān)系式之間的關(guān)系，二次函數(shù)的性質(zhì)，平行四邊形以及菱形的性質(zhì)與判定，勾股定理等知識，綜合性較強(qiáng)，難度較大，解題的關(guān)鍵是數(shù)形結(jié)合思想與方程思想的應(yīng)用．