Question

（2013•衢州）在平面直角坐標(biāo)系x、y中，過(guò)原點(diǎn)O及點(diǎn)A（0，2）、C（6，0）作矩形OABC，∠AOC的平分線(xiàn)交AB于點(diǎn)D．點(diǎn)P從點(diǎn)O出發(fā)，以每秒

2

個(gè)單位長(zhǎng)度的速度沿射線(xiàn)OD方向移動(dòng)；同時(shí)點(diǎn)Q從點(diǎn)O出發(fā)，以每秒2個(gè)單位長(zhǎng)度的速度沿x軸正方向移動(dòng)．設(shè)移動(dòng)時(shí)間為t秒．
（1）當(dāng)點(diǎn)P移動(dòng)到點(diǎn)D時(shí)，求出此時(shí)t的值；
（2）當(dāng)t為何值時(shí)，△PQB為直角三角形；
（3）已知過(guò)O、P、Q三點(diǎn)的拋物線(xiàn)解析式為y=-

1

t

（x-t）²+t（t＞0）．問(wèn)是否存在某一時(shí)刻t，將△PQB繞某點(diǎn)旋轉(zhuǎn)180°后，三個(gè)對(duì)應(yīng)頂點(diǎn)恰好都落在上述拋物線(xiàn)上？若存在，求出t的值；若不存在，請(qǐng)說(shuō)明理由．

Answer 1

分析：（1）首先根據(jù)矩形的性質(zhì)求出DO的長(zhǎng)，進(jìn)而得出t的值；
（2）要使△PQB為直角三角形，顯然只有∠PQB=90°或∠PBQ=90°，進(jìn)而利用勾股定理分別分析得出PB²=（6-t）²+（2-t）²，QB²=（6-2t）²+2²，PQ²=（2t-t）²+t²=2t²，再分別就∠PQB=90°和∠PBQ=90°討論，求出符合題意的t值即可；
（3）存在這樣的t值，若將△PQB繞某點(diǎn)旋轉(zhuǎn)180°，三個(gè)對(duì)應(yīng)頂點(diǎn)恰好都落在拋物線(xiàn)上，則旋轉(zhuǎn)中心為PQ中點(diǎn)，此時(shí)四邊形PBQB′為平行四邊形，根據(jù)平行四邊形的性質(zhì)和對(duì)稱(chēng)性可求出t的值．

解答：解：（1）∵四邊形OABC是矩形，
∴∠AOC=∠OAB=90°，
∵OD平分∠AOC，
∴∠AOD=∠DOQ=45°，
∴在Rt△AOD中，∠ADO=45°，
∴AO=AD=2，OD=2

2

，
∴t=

2 2

2

=2；

（2）要使△PQB為直角三角形，顯然只有∠PQB=90°或∠PBQ=90°．
如圖1，作PG⊥OC于點(diǎn)G，在Rt△POG中，
∵∠POQ=45°，∴∠OPG=45°，
∵OP=

2

t，∴OG=PG=t，
∴點(diǎn)P（t，t）
又∵Q（2t，0），B（6，2），
根據(jù)勾股定理可得：PB²=（6-t）²+（2-t）²，QB²=（6-2t）²+2²，PQ²=（2t-t）²+t²=2t²，
①若∠PQB=90°，則有PQ²+BQ²=PB²，
即：2t²+[（6-2t）²+2²]=（6-t）²+（2-t）²，
整理得：4t²-8t=0，
解得：t₁=0（舍去），t₂=2，
∴t=2，
②若∠PBQ=90°，則有PB²+QB²=PQ²，
∴[（6-t）²+（2-t）²]+[（6-2t）²+2²]=2t²，
整理得：t²-10t+20=0，
解得：t=5±

5

．
∴當(dāng)t=2或t=5+

5

或t=5-

5

時(shí)，△PQB為直角三角形．

解法2：①如圖2，當(dāng)∠PQB=90°時(shí)，
易知∠OPQ=90°，∴BQ∥OD∴∠BQC=∠POQ=45°
可得QC=BC=2，∴OQ=4，
∴2t=4，
∴t=2，
②如圖3，當(dāng)∠PBQ=90°時(shí)，若點(diǎn)Q在OC上，
作PN⊥x軸于點(diǎn)N，交AB于點(diǎn)M，
則易證∠PBM=∠CBQ，
∴△PMB∽△QCB
∴

PM

MB

=

QC

BC

，
∴CB•PM=QC•MB，
∴2（t-2）=（2t-6）（t-6），
化簡(jiǎn)得t²-10t+20=0，
解得：t=5±

5

，
∴t=5-

5

； 
③如圖3，當(dāng)∠PBQ=90°時(shí)，若點(diǎn)Q在OC的延長(zhǎng)線(xiàn)上，
作PN⊥x軸于點(diǎn)N，交AB延長(zhǎng)線(xiàn)于點(diǎn)M，
則易證∠BPM=∠MBQ=∠BQC，
∴△PMB∽△QCB，
∴

PM

MB

=

QC

BC

，
∴CB•PM=QC•MB，
∴2（t-2）=（2t-6）（t-6），
化簡(jiǎn)得t²-10t+20=0，
解得：t=5±

5

，
∴t=5+

5

； 

（3）存在這樣的t值，理由如下：
將△PQB繞某點(diǎn)旋轉(zhuǎn)180°，三個(gè)對(duì)應(yīng)頂點(diǎn)恰好都落在拋物線(xiàn)上，
則旋轉(zhuǎn)中心為PQ中點(diǎn)，此時(shí)四邊形PBQB′為平行四邊形．
∵PO=PQ，由P（t，t），Q（2t，0），知旋轉(zhuǎn)中心坐標(biāo)可表示為（

3

2

t，

1

2

t），
∵點(diǎn)B坐標(biāo)為（6，2），∴點(diǎn)B′的坐標(biāo)為（3t-6，t-2），
代入y=-

1

t

（x-t）²+t，得：2t²-13t+18=0，
解得：t₁=

9

2

，t₂=2．

點(diǎn)評(píng)：本題考查了相似形綜合題，涉及了動(dòng)點(diǎn)問(wèn)題，勾股定理的運(yùn)用，矩形的性質(zhì)，直角三角形的性質(zhì)以及平行四邊形的判定和性質(zhì)，解答本題關(guān)鍵是討論點(diǎn)P的位置，由題意建立方程從而求出符合題意的t值，同時(shí)要數(shù)形結(jié)合進(jìn)行思考，難度較大．