【題目】若兩條拋物線的頂點相同,則稱它們?yōu)椤坝押脪佄锞”,已知拋物線C1:y1=﹣x2+ax+b與拋物線C2:y2=2x2+4x+6為“友好拋物線”,拋物線C1與x軸交于點A、C,與y軸交于點B.

(1)求拋物線C1的表達式.
(2)若F(t,0)(﹣3<t<0)是x軸上的一點,過點F作x軸的垂線交拋物線與點P,交直線AB于點E,過點P作PD⊥AB于點D.

①是否存在點F,使PE+PD的值最大,若存在,請求出t的值;若不存在,請說明理由.
②連接PA,以AP為邊作圖示一側(cè)的正方形APMN,隨著點F的運動,正方形的大小、位置也隨之改變.當正方形APMN中的邊MN與y軸有且僅有一個交點時,求t的取值范圍.

【答案】
(1)

解:由y2=2x2+4x+6=2(x+1)2+4,可知頂點坐標為(﹣1,4),

∵知拋物線C1:y1=﹣x2+ax+b與拋物線C2:y2=2x2+4x+6為“友好拋物線”,

∴頂點相同,拋物線C1的解析式為y1=﹣(x+1)2+4,

即y1=﹣x2﹣2x+3


(2)

解:①由題意易知A(﹣3,0),B(0,3),

∴OA=OB=3,

∴△AOB是等腰直角三角形,

∴∠BAO=45°,

∵PF⊥x軸,

∴∠AEF=90°﹣45°=45°,

又∵PD⊥AB,

∴△PDE是等腰直角三角形,

∴PD越大,PE+PD的值越大,

易得直線AB的解析式為y=x+3,

設(shè)與AB平行的直線解析式為y=x+m,

聯(lián)立 ,

消掉y得,x2+3x+m﹣3=0,

當△=32﹣4×1×(m﹣3)=0,

即m= 時,直線與拋物線只有一個交點,PD最長,

此時x=﹣ ,y=﹣ + = ,

∴點P(﹣ , )時,PD+PE的值最大,

此時t=﹣

②拋物線y=﹣x2﹣2x+3的對稱軸為直線x=﹣ =﹣1,

(i)如圖1,當點M在y軸上時,過點P作PQ⊥y軸于Q,

在正方形APMN中,AP=PM,∠APM=90°,

∴∠APF+∠FPM=90°,∠QPM+∠FPM=90°,

∴∠APF=∠QPM,

∵在△APF和△MPQ中,

,

∴△APF≌△MPQ(AAS),

∴PF=PQ,

∵點P的橫坐標為t(t<0),則PQ=﹣t,

即PF=﹣t,

∴點P的坐標為(t,﹣t),

∵點P在拋物線y=﹣x2﹣2x+3上,

∴﹣t2﹣2t+3=﹣t,

整理得,t2+t﹣3=0,

解得t1= (舍去),t2=

(ii)如圖2,點N在y軸上時,

∵∠PAF+∠FPA=90°,∠PAF+∠QAN=90°,

∴∠FPA=∠QAN,

又∵∠PFA=∠AQN=90°,PA=AN,

∴△APF≌△NAO,

∴PF=AO,

則點P坐標為P(t,3),

則有﹣t2﹣2t+3=3,解得x=﹣2或0,

觀察圖象可知,當正方形APMN中的邊MN與y軸有且僅有一個交點時,t的取值范圍為 ≤t≤﹣2


【解析】(1)求出拋物線C1的頂點坐標即可解決問題;(2)①首先證明△PDE是等腰直角三角形,可知PD越大,PE+PD的值越大,易得直線AB的解析式為y=x+3,設(shè)與AB平行的直線解析式為y=x+m,聯(lián)立 ,消掉y得,x2+3x+m﹣3=0,當△=32﹣4×1×(m﹣3)=0,即m= 時,直線與拋物線只有一個交點,PD最長,由此即可解決問題;②分兩種情形(i)如圖1中,當點M在y軸上時,(ii)如圖2,點N在y軸上時,分別求解即可;
【考點精析】關(guān)于本題考查的等腰直角三角形和二次函數(shù)的圖象,需要了解等腰直角三角形是兩條直角邊相等的直角三角形;等腰直角三角形的兩個底角相等且等于45°;二次函數(shù)圖像關(guān)鍵點:1、開口方向2、對稱軸 3、頂點 4、與x軸交點 5、與y軸交點才能得出正確答案.

練習(xí)冊系列答案
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印數(shù)a。▎挝唬呵裕

1≤a<5

5≤a<10

彩色 (單位:元/張)

2.2

2.0

黑白(單位:元/張)

0.7

0.6

(1)直接寫出印制這批紀念冊的制版費為多少元;

(2)若印制6千冊,那么共需多少費用?

(3)如印制x(1≤x<10)千冊,所需費用為y元,請寫出yx之間的關(guān)系式.

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