給定整數(shù)n≥3,證明:存在n個(gè)互不相同的正整數(shù)組成的集合S,使得對(duì)S的任意兩個(gè)不同的非空子集A,B,數(shù)
x∈A
x
|A|
x∈B
x
|B|
是互素的合數(shù).(這里
x∈X
x
與|X|分別表示有限數(shù)集X的所有元素之和及元素個(gè)數(shù).)
分析:先證明正整數(shù)的n元集合S1={(m+1)!|m=1,2,n}具有下述性質(zhì):對(duì)S1的任意兩個(gè)不同的非空子集A,B,有f(A)≠f(B),再證明對(duì)任何正整數(shù)x,正整數(shù)的n元集合S2={K!n!xα+1|α∈S1}具有下述性質(zhì):對(duì)S2的任意兩個(gè)不同的非空子集A,B,數(shù)f(A)與f(B)是兩個(gè)互素的整數(shù).最后由同于方程組即可得出結(jié)論.
解答:證明:我們用f(X)表示有限數(shù)集X中元素的算術(shù)平均數(shù).
第一步,我們證明,正整數(shù)的n元集合S1={(m+1)!|m=1,2,n}具有下述性質(zhì):對(duì)S1的任意兩個(gè)不同的非空子集A,B,有f(A)≠f(B).
證明:對(duì)任意A⊆S1,A≠∅,設(shè)正整數(shù)k滿足k!<f(A)≤(k+1)!,①
并設(shè)l是使lf(A)≥(k+1)!的最小正整數(shù).我們首先證明必有|A|=l.
事實(shí)上,設(shè)(k'+1)!是A中最大的數(shù),則由A⊆S1,易知A中至多有k'個(gè)元素,即|A|≤k',故f(A)≥
(k′+1)!
k′
>k'!.又由f(A)的定義知f(A)≤(k'+1)!,故由①知k=k'.特別地有|A|≤k.
此外,顯然|A|f(A)≥(k'+1)!=(k+1)!,故由l的定義可知l≤|A|.于是我們有l(wèi)≤|A|≤k.
若l=k,則|A|=l;否則有l(wèi)≤k-1,則(l+1)f(A)=(1+
1
l
)lf(A)≥
(1+
1
k-1
)(k+1)!
>(k+1)!+k!+…+2!.
由于(k+1)!是A中最大元,故上式表明|A|<l+1.結(jié)合|A|≥l即知|A|=l.
現(xiàn)在,若有S1的兩個(gè)不同的非空子集A,B,使得f(A)=f(B),則由上述證明知|A|=|B|=l,故|A|f(A)=|B|f(B),但這等式兩邊分別是A,B的元素和,利用(m+1)!>m!+…+2!易知必須A=B,矛盾.
第二步,設(shè)K是一個(gè)固定的正整數(shù),K>n!
max
A1?S1
f(A1),我們證明,對(duì)任何正整數(shù)x,正整數(shù)的n元集合S2={K!n!xα+1|α∈S1}具有下述性質(zhì):對(duì)S2的任意兩個(gè)不同的非空子集A,B,數(shù)f(A)與f(B)是兩個(gè)互素的整數(shù).
事實(shí)上,由S2的定義易知,有S1的兩個(gè)子集A1,B1,滿足|A1|=|A|,|B1|=|B|,且f(A)=K!n!xf(A1)+1,f(B)=K!n!xf(B1)+1.②
顯然n!f(A1)及n!f(B1)都是整數(shù),故由上式知f(A)與f(B)都是正整數(shù).
現(xiàn)在設(shè)正整數(shù)d是f(A)與f(B)的一個(gè)公約數(shù),則n!f(A)f(B1)-n!f(B)f(A1)是d的倍數(shù),故由②可知d|n!f(A1)-n!f(B1),但由K的選取及S1的構(gòu)作可知,|n!f(A1)-n!f(B1)|是小于K的非零整數(shù),故它是K!的約數(shù),從而d|K!.再結(jié)合d|f(A)及②可知d=1,故f(A)與f(B)互素.
第三步,我們證明,可選擇正整數(shù)x,使得S2中的數(shù)都是合數(shù).由于素?cái)?shù)有無(wú)窮多個(gè),故可選擇n個(gè)互不相同且均大于K的素?cái)?shù)p1,p2,pn.將S1中元素記為α1,α2,αn,則(pi,K!n!αi)=1(1≤i≤n),且(pi2,pj2)=1(對(duì)1≤i<j≤n),故由中國(guó)剩余定理可知,同余方程組K!n!xαi≡-1(bmodpi2),i=1,2,n,
有正整數(shù)解.
任取這樣一個(gè)解x,則相應(yīng)的集合S2中每一項(xiàng)顯然都是合數(shù).結(jié)合第二步的結(jié)果,這一n元集合滿足問(wèn)題的全部要求.
點(diǎn)評(píng):本題考查的是質(zhì)數(shù)與合數(shù)的定義、絕對(duì)值的性質(zhì)、求和公式,涉及面較廣,難度較大.
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