解答:證明:我們用f(X)表示有限數(shù)集X中元素的算術(shù)平均數(shù).
第一步,我們證明,正整數(shù)的n元集合S
1={(m+1)!|m=1,2,n}具有下述性質(zhì):對(duì)S
1的任意兩個(gè)不同的非空子集A,B,有f(A)≠f(B).
證明:對(duì)任意A⊆S
1,A≠∅,設(shè)正整數(shù)k滿足k!<f(A)≤(k+1)!,①
并設(shè)l是使lf(A)≥(k+1)!的最小正整數(shù).我們首先證明必有|A|=l.
事實(shí)上,設(shè)(k'+1)!是A中最大的數(shù),則由A⊆S
1,易知A中至多有k'個(gè)元素,即|A|≤k',故f(A)≥
>k'!.又由f(A)的定義知f(A)≤(k'+1)!,故由①知k=k'.特別地有|A|≤k.
此外,顯然|A|f(A)≥(k'+1)!=(k+1)!,故由l的定義可知l≤|A|.于是我們有l(wèi)≤|A|≤k.
若l=k,則|A|=l;否則有l(wèi)≤k-1,則
(l+1)f(A)=(1+)lf(A)≥(1+)(k+1)!>(k+1)!+k!+…+2!.
由于(k+1)!是A中最大元,故上式表明|A|<l+1.結(jié)合|A|≥l即知|A|=l.
現(xiàn)在,若有S
1的兩個(gè)不同的非空子集A,B,使得f(A)=f(B),則由上述證明知|A|=|B|=l,故|A|f(A)=|B|f(B),但這等式兩邊分別是A,B的元素和,利用(m+1)!>m!+…+2!易知必須A=B,矛盾.
第二步,設(shè)K是一個(gè)固定的正整數(shù),K>n!
f(A
1),我們證明,對(duì)任何正整數(shù)x,正整數(shù)的n元集合S
2={K!n!xα+1|α∈S
1}具有下述性質(zhì):對(duì)S
2的任意兩個(gè)不同的非空子集A,B,數(shù)f(A)與f(B)是兩個(gè)互素的整數(shù).
事實(shí)上,由S
2的定義易知,有S
1的兩個(gè)子集A
1,B
1,滿足|A
1|=|A|,|B
1|=|B|,且f(A)=K!n!xf(A
1)+1,f(B)=K!n!xf(B
1)+1.②
顯然n!f(A
1)及n!f(B
1)都是整數(shù),故由上式知f(A)與f(B)都是正整數(shù).
現(xiàn)在設(shè)正整數(shù)d是f(A)與f(B)的一個(gè)公約數(shù),則n!f(A)f(B
1)-n!f(B)f(A
1)是d的倍數(shù),故由②可知d|n!f(A
1)-n!f(B
1),但由K的選取及S
1的構(gòu)作可知,|n!f(A
1)-n!f(B
1)|是小于K的非零整數(shù),故它是K!的約數(shù),從而d|K!.再結(jié)合d|f(A)及②可知d=1,故f(A)與f(B)互素.
第三步,我們證明,可選擇正整數(shù)x,使得S
2中的數(shù)都是合數(shù).由于素?cái)?shù)有無(wú)窮多個(gè),故可選擇n個(gè)互不相同且均大于K的素?cái)?shù)p
1,p
2,p
n.將S
1中元素記為α
1,α
2,α
n,則(p
i,K!n!α
i)=1(1≤i≤n),且(p
i2,p
j2)=1(對(duì)1≤i<j≤n),故由中國(guó)剩余定理可知,同余方程組K!n!xα
i≡-1(bmodp
i2),i=1,2,n,
有正整數(shù)解.
任取這樣一個(gè)解x,則相應(yīng)的集合S
2中每一項(xiàng)顯然都是合數(shù).結(jié)合第二步的結(jié)果,這一n元集合滿足問(wèn)題的全部要求.