Question

如圖，在平面直角坐標(biāo)系中有一矩形ABCO（O為原點(diǎn)），點(diǎn)A、C分別在x軸、y軸上，且C點(diǎn)坐標(biāo)為（0，6），將△BCD沿BD折疊（D點(diǎn)在OC上），使C點(diǎn)落在OA邊的E點(diǎn)上，并將△BAE沿BE折疊，恰好使點(diǎn)A落在BD邊的F點(diǎn)上．
（1）求BC的長，并求折痕BD所在直線的函數(shù)解析式；
（2）過點(diǎn)F作FG⊥x軸，垂足為G，F(xiàn)G的中點(diǎn)為H，若拋物線y=ax²+bx+c經(jīng)過B、H、D三點(diǎn)，求拋物線解析式；
（3）點(diǎn)P是矩形內(nèi)部的點(diǎn)，且點(diǎn)P在（2）中的拋物線上運(yùn)動(dòng)（不含B、D點(diǎn)），過點(diǎn)P作PN⊥BC，分別交BC和BD于點(diǎn)N、M，是否存在這樣的點(diǎn)P，使S_△BNM=S_△BPM？如果存在，求出點(diǎn)P的坐標(biāo)；如果不存在，請(qǐng)說明理由．

Answer 1

解：（1）由翻折可知：△BCD≌△BED，∴∠CBD=∠DBE．
又∵△ABE≌△FBE，∴∠DBE=∠ABE．
又∵四邊形OCBA為矩形，
∴∠CBD=∠DBE=∠ABE=30°．
在Rt△DOE中，∠ODE=60°，∴DE=CD=2OD．
∵OC=OD+CD=6，∴OD+2OD=6，
∴OD=2，D（0，2），
∴CD=4．
在Rt△CDB中，BC=CD•tan60°=，∴B（，6）．
設(shè)直線BD的解析式為y=kx+b，
由題意得：，解得，
∴直線BD的解析式為：y=x+2．

（2）在Rt△FGE中，∠FEG=60°，F(xiàn)E=AE．
由（1）易得：OE=，
∴FE=AE=．
∴FG=3，GE=．∴OG=．
∵H是FG的中點(diǎn)，
∴H（，）．
∵拋物線y=ax²+bx+c經(jīng)過B、H、D三點(diǎn)，
∴，解得，
∴y=x²x+2．

（3）存在．
∵P在拋物線上，
∴設(shè)P（x，x²x+2），M（x，x+2），N（x，6）．
∵S_△BNM=S_△BPM，
∴PM=MN．
即：x²x=4-x，
整理得：x²-x-4=0，
解得：x=或x=．
當(dāng)x=時(shí)，y=x²x+2=2；
當(dāng)x=時(shí)，y=x²x+2=6，與點(diǎn)B重合，不符合題意，舍去．
∴P（，2）．
∴存在點(diǎn)P，使S_△BNM=S_△BPM，點(diǎn)P的坐標(biāo)為（，2）．
分析：（1）首先由折疊性質(zhì)得到∠CBD=∠DBE=∠ABE=30°，然后解直角三角形得到點(diǎn)D、點(diǎn)B的坐標(biāo)，最后用待定系數(shù)法求出直線BD的解析式；
（2）點(diǎn)B、D坐標(biāo)已經(jīng)求出，關(guān)鍵是求出點(diǎn)H的坐標(biāo)．在Rt△FGE中，解直角三角形求出點(diǎn)H的坐標(biāo)，再利用待定系數(shù)法求出拋物線的解析式；
（3）由S_△BNM=S_△BPM，且這兩個(gè)三角形等高，所以得到PM=MN．由此結(jié)論，列出方程求出點(diǎn)P的坐標(biāo)．
點(diǎn)評(píng)：本題是二次函數(shù)綜合題型，考查了二次函數(shù)的圖象與性質(zhì)、待定系數(shù)法、一次函數(shù)、解直角三角形、翻折（折疊）性質(zhì)、矩形性質(zhì)等知識(shí)點(diǎn)．試題難度不是很大，但圖形較為復(fù)雜，注意理清頭緒．第（1）問的要點(diǎn)是翻折（折疊）性質(zhì)，第（2）問的要點(diǎn)是求出點(diǎn)H的坐標(biāo)，第（3）問的要點(diǎn)是由S_△BNM=S_△BPM推出PM=MN．