Question

6．（1）配制物質(zhì)的量濃度為0.20mol•L^-1NaOH溶液500mL，請(qǐng)回答如表問(wèn)題：

應(yīng)稱(chēng)量NaOH的質(zhì)量/g	應(yīng)選用容量瓶的規(guī)格/mL	除容量瓶外還需要的其它儀器
4.0	500	燒杯、量筒、玻璃棒、藥匙、托盤(pán)天平、膠頭滴管

（2）在配制上述溶液時(shí)，下列哪個(gè)原因會(huì)造成所配溶液濃度偏高B
A．所用NaOH已經(jīng)潮解
B．向容量瓶中加水未到刻度線
C．有少量NaOH溶液殘留在燒杯里
D．稱(chēng)量時(shí)誤用“左碼右物”
（3）乙二酸（HOOC-COOH，可簡(jiǎn)寫(xiě)為H₂C₂O₄）俗稱(chēng)草酸，易溶于水，屬于二元中強(qiáng)酸．為探究草酸的部分化學(xué)性質(zhì)，進(jìn)行了如下實(shí)驗(yàn)：
Ⅰ．向盛有1mL飽和NaHCO₃溶液的試管中加入過(guò)量乙二酸溶液，觀察到有無(wú)色氣泡產(chǎn)生．該反應(yīng)的離子方程式為HCO₃^-+H₂C₂O₄=HC₂O₄^-+CO₂↑+H₂O．此實(shí)驗(yàn)說(shuō)明乙二酸有酸性，其酸性比碳酸強(qiáng)．
Ⅱ．取某濃度的乙二酸溶液25.00mL于錐形瓶中，滴加0.1000mol•L^-1的酸性高錳酸鉀溶液．
①該滴定過(guò)程中不需要（填“需要”或“不需要”）另加指示劑．
②滴至20.00mL時(shí)，溶液恰好變色，且半分鐘內(nèi)不變色，則此乙二酸的濃度為0.2000mol•L^-1此實(shí)驗(yàn)說(shuō)明乙二酸具有還原性（填“氧化性”、“還原性”或“酸性”）．
Ⅲ．該小組同學(xué)將2.52g草酸晶體（H₂C₂O₄•2H₂O）加入到100mL 0.2mol•L^-1的NaOH溶液中充分反應(yīng)，測(cè)得反應(yīng)后溶液呈酸性，其原因是反應(yīng)所得溶液為NaHC₂O₄溶液，由于HC₂O₄^-的電離程度比水解程度大，導(dǎo)致溶液中c（H⁺）＞c（OH^-），所以溶液呈酸性（用文字簡(jiǎn)單表述）．

Answer 1

分析 （1）根據(jù)溶液配制原理，選擇儀器，根據(jù)m=nM計(jì)算配制0.20mol•L^-1NaOH溶液500mL應(yīng)稱(chēng)量NaOH的質(zhì)量；
（2）分析操作對(duì)n、V的具體影響，根據(jù)c=$\frac{n}{v}$分析不當(dāng)操作對(duì)濃度的影響；
（3）Ⅰ．觀察到有無(wú)色氣泡產(chǎn)生說(shuō)明乙二酸與碳酸氫鈉反應(yīng)生成二氧化碳，說(shuō)明乙二酸的酸性比碳酸強(qiáng)，由于乙二酸過(guò)量，故生成NaHC₂O₄；
Ⅱ．①高錳酸鉀本身有顏色，可利用KMnO₄溶液自身的顏色作為指示劑判斷滴定終點(diǎn)時(shí)，再滴加KMnO₄溶液時(shí)，溶液將由無(wú)色變?yōu)樽霞t色，故不需要另加指示劑；
②依據(jù)5H₂C₂O₄ +2MnO₄^-+6H⁺=10CO₂↑+2Mn²⁺+8H₂O計(jì)算乙二酸的濃度，乙二酸具有還原性；
Ⅲ．根據(jù)反應(yīng)物的量判斷生成物，根據(jù)生成物的性質(zhì)來(lái)分析溶液呈酸性的原因，兩者正好1：1反應(yīng)生成NaHC₂O₄，溶液顯酸性說(shuō)明HC₂O₄^-的電離程度大于其水解程度．

解答 解：（1）配制物質(zhì)的量濃度為0.20mol•L^-1NaOH溶液500mL，根據(jù)溶液配制原理，固體配制溶液的一般步驟為計(jì)算，稱(chēng)量，溶解，移液，洗滌移液，定容，搖勻．500ml物質(zhì)的量濃度為0.2mol/L的NaOH溶液，所以需要500ml容量瓶，溶解需要用燒杯、玻璃棒，玻璃棒攪拌，加速溶解；移液需要玻璃棒引流；最后需用膠頭滴管定容，因此除容量瓶外還需要的其它儀器中缺少膠頭滴管，n（NaOH）=0.2mol/L×0.5mL=0.1mol．m（NaOH）=40g/mol×0.1mol=4.0g．
故答案為：

應(yīng)稱(chēng)量NaOH的質(zhì)量/g	應(yīng)選用容量瓶的規(guī)格/mL	除容量瓶外還需要的其它儀器
4.0	500	燒杯、玻璃棒、藥匙、量筒、 托盤(pán)天平、膠頭滴管

；
（2）A．所用NaOH已經(jīng)潮解，實(shí)際稱(chēng)量的氫氧化鈉的質(zhì)量減小，氫氧化鈉的物質(zhì)的量減小，所配溶液濃度偏低，故A錯(cuò)誤；
B．向容量瓶中加水未到刻度線，溶液體積偏小，所配溶液濃度偏高，故B正確；
C．有少量NaOH溶液殘留在燒杯里，移入容量瓶?jī)?nèi)氫氧化鈉的物質(zhì)的量減小，所配溶液濃度偏低，故C錯(cuò)誤；
D．稱(chēng)量時(shí)誤用“左碼右物”，若不使用游碼，對(duì)稱(chēng)取氫氧化鈉質(zhì)量無(wú)影響，對(duì)所配溶液濃度無(wú)影響；若使用游碼，實(shí)際稱(chēng)取氫氧化鈉的質(zhì)量減小，所配溶液濃度偏低，故D錯(cuò)誤；
故答案為：B；
（3）Ⅰ．向盛有1mL飽和NaHCO₃溶液的試管中加入過(guò)量乙二酸溶液，觀察到有無(wú)色氣泡產(chǎn)生，說(shuō)明乙二酸與碳酸氫鈉反應(yīng)生成二氧化碳，說(shuō)明乙二酸有酸性，其酸性比碳酸強(qiáng)，由于乙二酸過(guò)量，故生成NaHC₂O₄，該反應(yīng)的離子方程式為：HCO₃^-+H₂C₂O₄=HC₂O₄^-+CO₂↑+H₂O，
故答案為：HCO₃^-+H₂C₂O₄=HC₂O₄^-+CO₂↑+H₂O；有酸性，其酸性比碳酸強(qiáng)；
Ⅱ．①原乙二酸溶液無(wú)色，而KMnO₄為紫紅色，滴定終點(diǎn)時(shí)，當(dāng)?shù)稳胱詈笠坏胃咤i酸鉀溶液，錐形瓶?jī)?nèi)的顏色由無(wú)色變成紫紅色，且半分鐘不變化，證明達(dá)到終點(diǎn)，所以不需要另加指示劑，
故答案為：不需要；
 ②乙二酸（H₂C₂O₄）與酸性高錳酸鉀溶液發(fā)生氧化還原反應(yīng)，乙二酸被氧化成二氧化碳，高錳酸鉀被還原成錳離子，反應(yīng)的離子方程式為：6H⁺+2MnO₄^-+5H₂C₂O₄═2Mn²⁺+10CO₂↑+8H₂O，滴加0.1000mol•L^-1的酸性高錳酸鉀溶液滴至20.00mL時(shí)，溶液恰好變色，則25.00mL溶液中含H₂C₂O₄的物質(zhì)的量為：0.1mol/L×20.00mL×$\frac{5}{2}$，此乙二酸的濃度為$\frac{0.1mol/L×20.00mL}{25.00mL}$×$\frac{5}{2}$=0.2mol/L，高錳酸鉀中錳的化合價(jià)降低，乙二酸中碳的化合價(jià)升高，所以乙二酸具有還原性，
故答案為：0.2000； 還原性；
Ⅲ．2.52g草酸晶體的物質(zhì)的量=$\frac{2.52g}{126g•mo{l}^{-1}}$=0.02mol，100mL 0.2mol/L的NaOH溶液中氫氧化鈉的物質(zhì)的量=100mL×10^-3L/mL×0.2mol/L=0.02mol；
所以反應(yīng)生成NaHC₂O₄，所得溶液為NaHC₂O₄溶液，由于HC₂O₄^-的電離程度比水解程度大，導(dǎo)致溶液中c（H⁺）＞c（OH^-），所以溶液呈酸性，
故答案為：反應(yīng)所得溶液為NaHC₂O₄溶液，由于HC₂O₄^-的電離程度比水解程度大，導(dǎo)致溶液中c（H⁺）＞c（OH^-），所以溶液呈酸性．

點(diǎn)評(píng) 本題考查溶液的配制、乙二酸的性質(zhì)，溶液配制關(guān)鍵清楚溶液配制的原理，通過(guò)c=$\frac{n}{v}$分析誤差，理解實(shí)驗(yàn)原理，掌握氧化還原滴定原理與應(yīng)用是解題的關(guān)鍵，是對(duì)知識(shí)的綜合運(yùn)用，需要學(xué)生具備扎實(shí)的基礎(chǔ)知識(shí)與運(yùn)用知識(shí)分析問(wèn)題、解決問(wèn)題的能力，題目難度中等．