ⅥA族的氧、硫、硒(Se)、碲(Te)等元素在化合物中常表現出多種氧化態(tài),含ⅥA族元素的化合物在研究和生產中有許多重要用途。請回答下列問題。
(1)S單質的常見形式為S8,其環(huán)狀結構如圖所示,S原子采用的軌道雜化方式是________。
(2)原子的第一電離能是指氣態(tài)電中性基態(tài)原子失去一個電子轉化為氣態(tài)基態(tài)正離子所需要的最低能量,O、S、Se原子的第一電離能由大到小的順序為________。
(3)Se原子序數為____________,其核外M層電子的排布式為________。
(4)H2Se的酸性比H2S________(填“強”或“弱”)。氣態(tài)SeO3分子的立體構型為__________,SO的立體構型為________。
(5)H2SeO3的K1和K2分別為2.7×10-3和2.5×10-8,H2SeO4第一步幾乎完全電離,K2為1.2×10-2,請根據結構與性質的關系解釋:
①H2SeO3和H2SeO4第一步電離程度大于第二步電離的原因:________________________________________;
②H2SeO4比H2SeO3酸性強的原因:__________________________ ______________。
(6)ZnS在熒光體、光導體材料、涂料、顏料等行業(yè)中應用廣泛。立方ZnS晶體結構如圖所示,其晶胞邊長為540.0 pm,密度為______g·cm-3(列式并計算),a位置S2-與b位置Zn2+之間的距離為______pm(列式表示)。
解析 (1)每個S原子與另外2個S原子形成2個共價單鍵,所以S原子的雜化軌道數=σ鍵數+孤對電子對數=2+2=4,故S原子為sp3雜化。
(2)同主族元素從上到下,元素的第一電離能逐漸減小,故第一電離能O>S>Se。
(3)Se位于第四周期,與S的原子序數相差18,故其原子序數為34。由于其核外M層有18個電子,故M層的電子排布式為3s23p63d10。
(4)Se的原子半徑大于S的原子半徑,H2Se與H2S相比,H2Se中Se原子對H原子的作用力較弱,H2Se在水中更容易電離出H+,所以其酸性較強;SeO3中Se原子采取sp2雜化且有3個配位原子,故其立體構型為平面三角形;SO中S原子采取sp3雜化且有3個配位原子,故其立體構型為三角錐形。
(5)所給兩種酸均為二元酸,當第一步電離出H+后,由于生成的陰離子對正電荷有吸引作用,因此較難再電離出H+。H2SeO3中Se為+4價,而H2SeO4中Se為+6價,Se的正電性更高,導致Se—O—H中O原子的電子向Se原子偏移,因而在水分子的作用下,也就越容易電離出H+,即酸性越強。
(6)每個晶胞的質量為(540.0×10-10cm)3×ρ;運用均攤法可求得每個晶胞中含有4個“ZnS”,故每個晶胞的質量又可表示為×4 g。因此有:
(540.0×10-10cm)3×ρ=×4 g,
解得ρ=4.1 g·cm-3;
如圖所示,b位于正四面體的中心(類似于CH4分子中的C)。
設ab=ac=x pm,∠abc=109°28′,
ac=×540.0 pm=270 pm。
在三角形abc中,由余弦定理得:
ac2=x2+x2-2x·x·cos∠abc,
代入數據解得:x=pm。
答案 (1)sp3
(2)O>S>Se
(3)34 3s23p63d10
(4)強 平面三角形 三角錐形
(5)①第一步電離后生成的負離子較難再進一步電離出帶正電荷的氫離子
②H2SeO3和H2SeO4可表示為(HO)2SeO和
(HO)2SeO2,H2SeO3中的Se為+4價,而H2SeO4中的Se為+6價,正電性更高,導致Se—O—H中O的電子更向Se偏移,越易電離出H+
(6)=4.1 或或135
科目:高中化學 來源: 題型:
硫代硫酸鈉是一種重要的化工產品。某興趣小組擬制備硫代硫酸鈉晶體(Na2S2O3·5H2O)。
I.[查閱資料]
(1)Na2S2O3·5H2O是無色透明晶體,易溶于水。其稀溶液與BaCl2溶液混合無沉淀生成。
(2)向Na2CO3和Na2S混合液中通入SO2可制得Na2S2O3,所得產品中常含有少量Na2SO3和Na2SO4。
(3)Na2SO3易被氧化;BaSO3難溶于水,可溶于稀HCl。
Ⅱ.[制備產品]
實驗裝置如圖所示(省略夾持裝置)
實驗步驟:
(1)檢查裝置氣密性,按圖示加入試劑。儀器a的名稱是____;E中的試劑是___(選填下列字母編號)。
A.稀H2SO4 B.NaOH溶液 C.飽和NaHSO3溶液
(2)先向C中燒瓶加入Na2S和Na2CO3混合溶液,再向A中燒瓶滴加濃H2SO4。
(3)待Na2S和Na2CO3完全消耗后,結束反應。過濾C中混合液,濾液經____(填寫操作名稱)、結晶、過濾、洗滌、干燥、得到產品。
Ⅲ.[探究與反思]
(1)為驗證產品中含有Na2SO3和Na2SO4,該小組設計了以下實驗方案,請將方案補充完整。(所需試劑從稀HNO3、稀H2SO4、稀HCl、蒸餾水中選擇)
取適量產品配成稀溶液,滴加足量BaCl2溶液,有白色沉淀生成,_____,若沉淀未完全溶解,并有刺激性氣味的氣體產生,則可確定產品中含有Na2SO3和Na2SO4。
(2)為減少裝置C中生成的Na2SO4的量,在不改變原有裝置的基礎上對原有實驗步驟(2)進行了改進,改進后的操作是_______。
(3)Na2S2O3·5H2O的溶解度隨溫度升高顯著增大,所得產品通過_____方法提純。
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科目:高中化學 來源: 題型:
NA為阿伏伽德羅常數,下列敘述錯誤的是
A.常溫常壓下,42g乙烯和丁烯混合氣體中,極性鍵數為 6 NA
B.1 mol Mg與足量O2或N2反應生成MgO或Mg3N2均失去2 NA個電子
C.由CO2和O2組成的混合氣體中共有NA個分子,其中的氧原子數為2NA
D.6.4g SO2與足量氧氣反應生成SO3,轉移電子數為0.2 NA
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科目:高中化學 來源: 題型:
燒堿、純堿等都是重要的化工原料。
(1)利用如圖裝置可以證明二氧化碳與燒堿溶液發(fā)生了反應。
①若將A與B連接,打開止水夾,將膠頭滴管中的液體擠入燒瓶,此時的實驗現象是______
_____________________________________________________________。
②若其他操作不變,將A與C連接,可觀察到的現象是_____________________。
(2)向100 mL 1 mol·L-1燒堿溶液中通入一定量CO2充分反應后,將溶液在低溫下蒸干得到白色固體X,X的組成可能有四種情況,按出現的先后順序分別是Ⅰ.NaOH、Na2CO3,Ⅱ.__________________,Ⅲ.Na2CO3、NaHCO3,Ⅳ.__________________。
①常溫下,將得到的固體X重新溶于水,在所得溶液中逐滴加入鹽酸,得到下面的變化圖,則X的成份為 (填Ⅰ、Ⅱ、Ⅲ或Ⅳ),鹽酸的濃度為 。
②若要驗證白色固體X是第Ⅰ種組成,依次加入的試劑為________(填字母序號)。
a.鹽酸 b.MgCl2溶液 c.BaCl2溶液 d.Ba(OH)2溶液
在驗證的過程中,一定需要進行的操作是________(填字母序號)。
a.萃取 b.洗滌 c.過濾 d.分餾
③若白色固體X為第Ⅲ種組成,下列實驗方案中不能測定其中NaHCO3質量分數的是________(填字母序號)。
a.取m g X與足量Ba(OH)2溶液充分反應,過濾,洗滌,烘干得n g固體
b.取m g X與足量鹽酸充分反應,加熱,蒸干,灼燒得n g固體
c.取m g X充分加熱,減重n g
d.取m g X與足量稀硫酸充分反應,逸出的氣體被足量堿石灰吸收,增重n g
④若白色固體X的質量為5.0 g,則X的組成為________(填Ⅰ、Ⅱ、Ⅲ或Ⅳ)。
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科目:高中化學 來源: 題型:
用NA表示阿伏伽德羅常數的數值,下列敘述正確的是
A.常溫下,1mol丙烯中含碳原子數為3NA
B.常溫下,pH=13的 NaOH溶液中含OH-數為NA
C.標準狀況下,22.4LCHCl3中含C-H鍵數為NA
D.23g Na與足量氧氣反應時轉移的電子數為2NA
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科目:高中化學 來源: 題型:
在常溫下,將等體積的鹽酸和氨水混和后,所得溶液的pH=7,則下列說法正確的是 ( )
A. 原來鹽酸的物質的量濃度等于氨水的物質的量濃度
B. 所得溶液中c(NH4+)=c(Cl—)
C. 所得溶液中c(NH4+)+c(H+)=c(Cl—)
D. 所得溶液中c(NH4+)+c(NH3·H2O)=c(Cl—)
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科目:高中化學 來源: 題型:
對于反應:A+B===C,下列條件的改變一定能使化學反應速率加快的是( )
A.增加A的物質的量 B.升高體系的溫度
C.增加體系的壓強 D.減少C的物質的量
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科目:高中化學 來源: 題型:
(1)若某藥品質量約為32 g,用托盤天平準確稱其質量,若用↓表示在右盤放上砝碼,用↑表示將砝碼取下,在下列表格的空格內,用↓和↑表示相應砝碼的放上或取下。
50 g | 20 g | 20 g | 10 g | 5 g |
(2)配制500 mL 0.1 mol/L Na2CO3溶液,所需Na2CO3的質量為 g,實驗時圖中所示操作的先后順序為 (填編號)。
(3)在配制一定物質的量濃度的溶液時,用“偏高、偏低、無影響”表示下列操作對所配溶液濃度的影響。
①用量筒取液態(tài)溶質,讀數時,俯視量筒,所配制溶液的濃度 。
②將量取液態(tài)溶質的量筒用水洗滌,洗滌液倒入容量瓶,所配制溶液的濃度 。
③定容搖勻后,有少量溶液外流,對所配制溶液的濃度 。
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