2.已知橢圓C:$\frac{{x}^{2}}{{a}^{2}}$+$\frac{{y}^{2}}{^{2}}$=1(a>b>0)的離心率為$\frac{{\sqrt{5}}}{3}$,定點(diǎn)M(2,0),橢圓短軸的端點(diǎn)是B1,B2,且MB1⊥MB2
(Ⅰ)求橢圓C的方程;
(Ⅱ)設(shè)過點(diǎn)M且斜率不為0的直線交橢圓C于A,B兩點(diǎn).試問x軸上是否存在定點(diǎn)P,使△APB內(nèi)切圓圓心的縱坐標(biāo)為定值?若存在,求出點(diǎn)P的坐標(biāo);若不存在,說明理由.

分析 (I)由橢圓短軸的端點(diǎn)是B1,B2,且MB1⊥MB2.可得△MB1B2是等腰直角三角形,可得b,又$\frac{c}{a}=\frac{\sqrt{5}}{3}$,a2=b2+c2,解出即可得出.
(II)設(shè)A(x1,y1),B(x2,y2),直線AB的方程為x=my+2.與橢圓方程聯(lián)立化為(4m2+9)y2+16my-20=0.若△APB的內(nèi)切圓圓心縱坐標(biāo)為定值,則該定值必為0,即PM平分∠APB,因此直線PA,PB的傾斜角互補(bǔ),可得kPA+kPB=0.把斜率及其根與系數(shù)的關(guān)系代入即可得出.

解答 解:(I)∵橢圓短軸的端點(diǎn)是B1,B2,且MB1⊥MB2
∴△MB1B2是等腰直角三角形,∴b=2,
又$\frac{c}{a}=\frac{\sqrt{5}}{3}$,a2=b2+c2,解得a=3,c2=5.
∴橢圓C的方程為$\frac{{x}^{2}}{9}+\frac{{y}^{2}}{4}=1$.
(II)設(shè)A(x1,y1),B(x2,y2),直線AB的方程為x=my+2.聯(lián)立$\left\{\begin{array}{l}{x=my+2}\\{\frac{{x}^{2}}{9}+\frac{{y}^{2}}{4}=1}\end{array}\right.$,化為(4m2+9)y2+16my-20=0,
∴${y}_{1}+{y}_{2}=\frac{-16m}{4{m}^{2}+9}$,${y}_{1}{y}_{2}=\frac{-20}{4{m}^{2}+9}$.
若△APB的內(nèi)切圓圓心縱坐標(biāo)為定值,則該定值必為0,即PM平分∠APB,
∴直線PA,PB的傾斜角互補(bǔ),
∴kPA+kPB=0.
設(shè)P(t,0),則$\frac{{y}_{1}}{{x}_{1}-t}+\frac{{y}_{2}}{{x}_{2}-t}$=0,
將x1=my1+2,x2=my2+2代入上式,整理得$\frac{2m{y}_{1}{y}_{2}+(2-t)({y}_{1}+{y}_{2})}{(m{y}_{1}+2-t)(m{y}_{2}+2-t)}$=0,
∴2my1y2+(2-t)(y1+y2)=0.
將 ${y_1}+{y_2}=\frac{-16m}{{4{m^2}+9}}$,${y_1}{y_2}=\frac{-20}{{4{m^2}+9}}$代入上式,
整理得 (-2t+9)•m=0.
由于上式對(duì)任意實(shí)數(shù)m都成立,∴t=$\frac{9}{2}$.
綜上,存在定點(diǎn)$P(\frac{9}{2},0)$,使PM平分∠APB.即△APB的內(nèi)切圓圓心縱坐標(biāo)為定值0.

點(diǎn)評(píng) 本題考查了橢圓的標(biāo)準(zhǔn)方程及其性質(zhì)、直線與橢圓相交問題、一元二次方程的根與系數(shù)的關(guān)系、斜率計(jì)算公式、三角形內(nèi)切圓的性質(zhì),考查了推理能力與計(jì)算能力,屬于難題.

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