Question

7．已知函數(shù)f（x）=2^x-2^-x，定義域?yàn)镽，函數(shù)g（x）=2^x+1-2^2x，定義域?yàn)閇-1，1]．
（Ⅰ）判斷函數(shù)f（x）的奇偶性并證明；
（Ⅱ）若不等式f[g（x）]+f（-m²+2m+2）≤0對(duì)于一切x∈[-1，1]恒成立，求m的取值范圍．

Answer 1

分析 （Ⅰ）由定義域?yàn)镽，f（-x）=2^-x-2^x=-f（x），可判斷函數(shù)f（x）的奇偶性；
（Ⅱ）利用函數(shù)單調(diào)性的定義，可判斷出f（x）在（-∞，+∞）上單調(diào)遞增，再由不等式f[g（x）]+f（-m²+2m+2）≤0對(duì)于一切x∈[-1，1]恒成立等價(jià)轉(zhuǎn)化為g（x）≤m²-2m-2對(duì)一切x∈[-1，1]恒成立，從而可求m的取值范圍．

解答 解：（Ⅰ）∵函數(shù)f（x）定義域?yàn)镽且f（-x）=2^-x-2^x=-f（x），
∴f（x）為奇函數(shù)…（4分）
（Ⅱ）在（-∞，+∞）上任取兩個(gè)不等的實(shí)數(shù)x₁，x₂，不妨設(shè)x₁＜x₂，則
$\left.\begin{array}{l}{f（{x}_{2}）-f（{x}_{1}）=（{2}^{{x}_{2}}-{2}^{-{x}_{2}}）}\end{array}\right.$-$\left.\begin{array}{l}{（{2}^{{x}_{1}}-{2}^{-{x}_{1}}）=（{2}^{{x}_{2}}-{2}^{{x}_{1}}）+[{（\frac{1}{2}）}^{{x}_{1}}-{（\frac{1}{2}）}^{{x}_{2}}]}\end{array}\right.$
$\left.\begin{array}{l}{\left.\begin{array}{l}{\;}\\{=（{2}^{{x}_{2}}-{2}^{{x}_{1}}）（1+\frac{1}{{2}^{{x}_{1}}{2}^{{x}_{2}}}）}\end{array}\right.}\end{array}\right.$，
由于x₁＜x₂，所以${2^{x_2}}-{2^{x_1}}＞0，1+\frac{1}{{{2^{x_1}}{2^{x_2}}}}＞0$，即f（x₂）＞f（x₁），
函數(shù)f（x）在（-∞，+∞）上單調(diào)遞增…（6分）
由f（g（x））+f（-m²+2m+2）≤0，
得f（g（x））≤-f（-m²+2m+2），
即f（g（x））≤f（m²-2m-2），
又因?yàn)楹瘮?shù)f（x）在（-∞，+∞）上單調(diào)遞增，所以g（x）≤m²-2m-2對(duì)一切x∈[-1，1]恒成立，
即（g（x））_max≤m²-2m-2，…．（8分）
g（x）=2^x+1-2^2x=-（2^x-1）²+1，
∵-1≤x≤1，∴$\frac{1}{2}$≤2^x≤2，
故g（x）=-（2^x-1）²+1≤1…（10分）
即g（x）_max=1，所以m²-2m-2≥1，所以m≥3或m≤-1…（12分）

點(diǎn)評(píng) 本題考查函數(shù)恒成立問(wèn)題，考查函數(shù)單調(diào)性的判定與指數(shù)函數(shù)單調(diào)性的應(yīng)用，突出考查函數(shù)與方程思想、等價(jià)轉(zhuǎn)化思想的綜合運(yùn)用，考查邏輯思維與運(yùn)算能力，屬于難題．