Question

已知函數(shù)f（x）=ax²+4ax+b-1（a≠0且a，b∈R），不等式|f（x）|≤|2x²+8x-10|恒成立．
（Ⅰ）求證：-5和1是函數(shù)f（x）的兩個(gè)零點(diǎn)；并求實(shí)數(shù)a，b滿足的關(guān)系式；
（Ⅱ）求函數(shù)f（x）在區(qū)間[a，2]（a＜2）上的最小值g（a）；
（Ⅲ）令F（x）=，若mn＜0，m+n＞0，試確定F（m）+F（n）的符號(hào)，并說明理由．

Answer 1

【答案】分析：（I）根據(jù)已知條件中恒成立不等式的右邊為零，解出x=-5或x=1．因此得到|f（-5）|≤0且|f（1）|≤0，結(jié)合絕對(duì)值非負(fù)的性質(zhì)，可得f（-5）=0且f（1）=0，說明-5和1是函數(shù)f（x）的兩個(gè)零點(diǎn)，最后用一元二次方程根與系數(shù)的關(guān)系，得到實(shí)數(shù)a，b滿足的關(guān)系式；
（II）結(jié)合（I）中a，b的關(guān)系式，化函數(shù)f（x）=ax²+4ax-5a．利用不等式|f（x）|≤|2x²+8x-10|恒成立，證明出
|a|≤2，結(jié)合已知條件a＜2，可得-2≤a＜2且a≠0．最后在此情況下討論二次函數(shù)的圖象，根據(jù)函數(shù)的單調(diào)性，可得
f（x）在區(qū)間[a，2]（a＜2）上的最小值g（a）的表達(dá)式；
（III）在（II）的基礎(chǔ)之上，可得F（x）=，再結(jié)合mn＜0，m+n＞0，可得m、n的符號(hào)是一正一負(fù)，且正數(shù)的絕對(duì)值較大．再假設(shè)m＞0，n＜0，通過代入F（m）+F（n），再分解因式，討論實(shí)數(shù)a的正負(fù)，最終可確定F（m）+F（n）的符號(hào)．
解答：解：（I）令2x²+8x-10=0，解得x=-5或x=1
∵不等式|f（x）|≤|2x²+8x-10|恒成立
∴|f（-5）|≤0，
結(jié)合|f（-5）|≥0可得|f（-5）|=0．同理|f（1）|=0
∴-5和1是函數(shù)y=f（x）的兩個(gè)零點(diǎn)
根據(jù)韋達(dá)定理，得⇒5a+b-1=0
（II）由（I）知，b=1-5a代入函數(shù)y=f（x）得
f（x）=ax²+4ax-5a=a（x+2）²-9a
∵不等式|f（x）|≤|2x²+8x-10|恒成立
∴|a（x²+4x-5）|≤|2x²+8x-10|
∴|a|≤2，結(jié)合已知條件a＜2，
可得-2≤a＜2且a≠0
∵拋物線y=ax²+4ax-5a關(guān)于直線x=-2對(duì)稱，
∴①當(dāng)0＜a＜2時(shí)，函數(shù)圖象開口向上，f（x）在區(qū)間[a，2]上是單調(diào)增函數(shù)，
此時(shí)最小值g（a）=f（a）=a³+4a²-5a
②當(dāng)-2≤a＜0時(shí)，圖象開口向下，f（x）在區(qū)間[a，2]上是單調(diào)減函數(shù)，
此時(shí)最小值g（a）=f（2）=7a
∴綜上所述，得g（a）=
（III）∵F（x）=，
∴F（x）=
∵mn＜0，m+n＞0，
∴m、n的符號(hào)是一正一負(fù)，且正數(shù)的絕對(duì)值較大
不妨設(shè)m＞0，n＜0，可得
F（m）+F（n）=am²+4am-5a+（-an²-4an+5a）=a[（m²-n²）+4（m+n）]=a（m+n）（m-n+4）
①當(dāng)a＞0時(shí)，因?yàn)閙+n＞0，m-n+4＞0，
所以a（m+n）（m-n+4）＞0⇒F（m）+F（n）＞0；
②當(dāng)a＜0時(shí)，因?yàn)閙+n＞0，m-n+4＞0，
所以a（m+n）（m-n+4）＜0⇒F（m）+F（n）＜0
綜上所述，當(dāng)a＞0時(shí)，F(xiàn)（m）+F（n）的符號(hào)為正；當(dāng)a＜0時(shí)，F(xiàn)（m）+F（n）的符號(hào)為負(fù)．
點(diǎn)評(píng)：本題以二次函數(shù)與含有絕對(duì)值的不等式恒成立為載體，著重考查了二次函數(shù)在閉區(qū)間上的最值、函數(shù)恒成立問題和函數(shù)的零點(diǎn)與方程根的關(guān)系等知識(shí)點(diǎn)，屬于難題．