Question

已知函數(shù)y=f（x），x∈D，如果對于定義域D內(nèi)的任意實數(shù)x，對于給定的非零常數(shù)m，總存在非零常數(shù)T，恒有f（x+T）＞m•f（x）成立，則稱函數(shù)f（x）是D上的m級類增周期函數(shù)，周期為T．若恒有f（x+T）=m•f（x）成立，則稱函數(shù)f（x）是D上的m級類周期函數(shù)，周期為T．
（1）已知函數(shù)f（x）=-x²+ax是[3，+∞）上的周期為1的2級類增周期函數(shù)，求實數(shù)a的取值范圍；
（2）已知T=1，y=f（x）是[0，+∞）上m級類周期函數(shù)，且y=f（x）是[0，+∞）上的單調(diào)遞增函數(shù)，當x∈[0，1）時，f（x）=2^x，求實數(shù)m的取值范圍；
（3）是否存在實數(shù)k，使函數(shù)f（x）=coskx是R上的周期為T的T級類周期函數(shù)，若存在，求出實數(shù)k和T的值，若不存在，說明理由．

Answer 1

考點：函數(shù)的周期性,進行簡單的合情推理

專題：應(yīng)用題,新定義

分析：（1）根據(jù)題意-（x+1）²+a（x+1）＞2（-²+ax）對一切[3，+∞）恒成立，轉(zhuǎn)化為a＜

x2-2x-1

x-1

=

(x-1)2-2

x-1

=（x-1）-

2

x-1

，利用基本不等式求解即可．
（2）分類討論f得出f（x）在[0，+∞）上單調(diào)遞增，m＞0且mⁿ•2^n-n＞m^n-1•2^n-（n-1），即m≥2．
（3）當x∈[4n，4n+4]，n∈Z時，f（x）=mf（x-4）=…=mⁿf（x-4n）=mⁿ[（x-4n）²-4（x-4n）]，分類得出：-1≤m＜0或0＜m≤1．

解答： 解：（1）由題意可知：f（x+1）＞2f（x），
即-（x+1）²+a（x+1）＞2（-²+ax）對一切[3，+∞）恒成立，
（x-1）a＜x²-2x-1，
∵x∈[3，+∞）
∴a＜

x2-2x-1

x-1

=

(x-1)2-2

x-1

=（x-1）-

2

x-1

，
令x-1=t，則t∈[2，+∞），
g（x）=t-

2

t

在[2，+∞）上單調(diào)遞增，
∴g（t）_min=g（2）=1，
∴a＜1．
（2）∵x∈[0，1）時，f（x）=2^x，
∴當x∈[1，2）時，f（x）=mf（x-1）=m•2^x-1，
當x∈[n，n+1]時，f（x）=mf（x-1）=m²f（x-2）=…=mⁿf（x-n）=mⁿ•2^x-n，
即x∈[n，n+1）時，f（x）=mⁿ•2^x-n，n∈N^*，
∵f（x）在[0，+∞）上單調(diào)遞增，
∴m＞0且mⁿ•2^n-n＞m^n-1•2^n-（n-1），即m≥2．
（3）問題（Ⅰ）∵當x∈[0，4]時，y∈[-4，0]，且有f（x+4）=mf（x），
∴當x∈[4n，4n+4]，n∈Z時，
f（x）=mf（x-4）=…=mⁿf（x-4n）=mⁿ[（x-4n）²-4（x-4n）]，
當0＜m≤1時，f（x）∈[-4，0]；
當-1＜m＜0時，f（x）∈[-4，-4m]；
當m=-1時，f（x）∈[-4，4]；
當m＞1時，f（x）∈（-∞，0）；
當m＜-1時，f（x）∈（-∞，+∞）；
綜上可知：-1≤m＜0或0＜m≤1．
問題（Ⅱ）：由已知，有f（x+T）=T•f（x）對一切實數(shù)x恒成立，
即cosk（x+T）=Tcoskx對一切實數(shù)恒成立，
當k=0時，T=1；
當k≠0時，∵x∈R，∴kx∈R，kx+kT∈R，于是coskx∈[-1，1]，
又∵cos（kx+kT）∈[-1，1]，
故要使cosk（x+T）=Tcoskx恒成立，只有T=±1，
當T=1時，cos（kx-k）=coskx 得到 k=2nπ，n∈且n≠0；
當T=-1時，cos（kx-k）=-coskx 得到-k=2nπ+π，
即k=（2n+1）π，n∈Z；
綜上可知：當T=1時，k=2nπ，n∈Z；
當T=-1時，K=（2n+1）π，n∈Z．

點評：本題綜合考查了函數(shù)的性質(zhì)，推理變形能力，分類討論的思想，屬于難題．