Question

正四面體的各頂點(diǎn)為A₁，A₂，A₃，A₄，進(jìn)入某頂點(diǎn)的動(dòng)點(diǎn)X不停留在同一個(gè)頂點(diǎn)上，每隔1秒鐘向其他三個(gè)頂點(diǎn)以相同的概率移動(dòng)．n秒后X在A_i（i=1，2，3，4）的概率用P_i（n）（n=0，1，2…）表示．當(dāng)，，時(shí)，
（1）求P₂（1），P₂（2）；
（2）求P₂（n）與P₂（n-1）的關(guān)系（n∈N^*）及P₂（n）關(guān)于n的表達(dá)式，P₁（n）關(guān)于n的表達(dá)式．

Answer 1

【答案】分析：（1）P₂（1）即1秒后動(dòng)點(diǎn)在A₂的概率，它有三種情況：開(kāi)始時(shí)（0秒）在A₁，1秒后移動(dòng)到A₂；開(kāi)始時(shí)在A₃，1秒后移動(dòng)到A₂；開(kāi)始時(shí)在A₄，1秒后移動(dòng)到A₂．根據(jù)這三種結(jié)果互斥得到結(jié)論．
（2）n秒后動(dòng)點(diǎn)在A₂，即n-1秒后動(dòng)點(diǎn)不在A₂，其概率為1-P₂（n-1），得到概率之間的關(guān)系是數(shù)列遞推關(guān)系，從概率問(wèn)題自然地過(guò)渡到數(shù)列問(wèn)題，再用數(shù)列的辦法解決．
解答：解：（1）P₂（1）即1秒后動(dòng)點(diǎn)在A₂的概率，它有三種情況；
①開(kāi)始時(shí)（0秒）在A₁，1秒后移動(dòng)到A₂；
由題意知，每隔1秒鐘動(dòng)點(diǎn)X從一個(gè)頂點(diǎn)移動(dòng)到另一個(gè)頂點(diǎn)的概率均為；
所以這種情況的概率為：P₁（0）×=；
②開(kāi)始時(shí)在A₃，1秒后移動(dòng)到A₂；其概率為：P₃（0）×=；
③開(kāi)始時(shí)在A₄，1秒后移動(dòng)到A₂；其概率為：P₄（0）×=；
又這三種情況互斥，
∴P₂（1）=++=．
我們?cè)O(shè)想一下，如果仍然按這個(gè)辦法計(jì)算P₂（2），
將不勝其煩，因?yàn)槭紫纫�算P₁（1）、P₃（1）、P₄（1）；
事實(shí)上1秒后動(dòng)點(diǎn)在A₂，即開(kāi)始時(shí)（0秒）動(dòng)點(diǎn)不在A₂，其概率為：1-P₂（0）=，
而每隔1秒鐘動(dòng)點(diǎn)X從一個(gè)頂點(diǎn)移動(dòng)到另一個(gè)頂點(diǎn)的概率均為；
所以P₂（1）=×=．類似的，2秒后動(dòng)點(diǎn)在A₂，
即1秒后動(dòng)點(diǎn)不在A₂，其概率為：1-P₂（1）=，
∴P₂（2）=×=；
（2）n秒后動(dòng)點(diǎn)在A₂，即n-1秒后動(dòng)點(diǎn)不在A₂，
其概率為：1-P₂（n-1），
∴P₂（n）=[1-P₂（n-1）]×．
至此，問(wèn)題化歸為數(shù)列問(wèn)題．即：已知數(shù)列{P₂（n）}滿足：
P₂（n）=-P₂（n-1）+，求通項(xiàng)公式．
用待定系數(shù)法構(gòu)造等比數(shù)列，
設(shè)P₂（n）+x=-[P₂（n-1）+x]，得x=，可見(jiàn)
數(shù)列{P₂（n）}是以-為公比的等比數(shù)列，其首項(xiàng)為P₂（1）=
∴P₂（n）=，P₂（n）=．
完全類似地，可得P₁（n）=-P₁（n-1）+，于是有P₁（n）=-[P₁（n-1）]
但P₁（1）=0，
∴數(shù)列{P₁（n）}是常數(shù)列，即P₁（n）=．
點(diǎn)評(píng)：本題的關(guān)鍵是第n秒后動(dòng)點(diǎn)在某一頂點(diǎn)即意味著第n-1秒后動(dòng)點(diǎn)不在該頂點(diǎn)，由此反映的它們的概率之間的關(guān)系正是數(shù)列的前后項(xiàng)之間的關(guān)系即遞推關(guān)系，于是從概率問(wèn)題自然地過(guò)渡到數(shù)列問(wèn)題，再用數(shù)列的辦法解決之．