Question

已知定義在R上的函數(shù)f（x）和數(shù)列{a_n}滿足下列條件：a₁=a≠0，a₂≠a₁，當(dāng)n∈N^*時，a_n+1=f（a_n），且存在非零常數(shù)k使f（a_n+1）-f（a_n）=k（a_n+1-a_n）恒成立．
（1）若數(shù)列{a_n}是等差數(shù)列，求k的值；
（2）求證：數(shù)列{a_n}為等比數(shù)列的充要條件是f（x）=kx（k≠1）．
（3）已知f（x）=kx（k＞1），a=2，且b_n=lna_n（n∈N^*），數(shù)列{b_n}的前n項是S_n，對于給定常數(shù)m，若的值是一個與n無關(guān)的量，求k的值．

Answer 1

【答案】分析：（1）由a_n+1=f（a_n），f（a_n+1）-f（a_n）=k（a_n+1-a_n），得出a_n+1-a_n=f（a_n）-f（a_n-1）=k（a_n-a_n-1），又a_n+1-a_n=a_n-a_n-1，得出k=1
（2）充分性可直接證明，等比為k；必要性中由等比數(shù)列可得數(shù)列{a_n+1-a_n}是以a₂-a₁為首項，公比為k的等比數(shù)列，再根據(jù)k=0和k≠0進行討論．
（3）確定{a_n}是等比數(shù)列，{b_n}是等差數(shù)列，求出Sn，代入，求出k的值．
解答：解：（1）由已知a_n=f（a_n-1），f（a_n）-f（a_n-1）=k（a_n-a_n-1），（n=2，3，4…），得
a_n+1-a_n=f（a_n）-f（a_n-1）=k（a_n-a_n-1），（n=2，3，4…），
由數(shù)列{a_n}是等差數(shù)列，得
a_n+1-a_n=a_n-a_n-1，（n=2，3，4…）
所以，a_n-a_n-1=k（a_n-a_n-1），），（n=2，3，4…），得k=1．       …（4分）
（2）充分性證明：若f（x）=kx（k≠1），則由已知a₁=a≠0，a_n+1=f（a_n）得a_n+1=ka_n，
所以，{a_n}是等比數(shù)列．                               …（6分）
必要性證明：{a_n}是等比數(shù)列，設(shè)公比為q，則有a_n=aq^n-1，n∈N^*
由f（a_n+1）-f（a_n）=k（a_n+1-a_n）及a_n+1=f（a_n）得a_n+2-a_n+1=k（a_n+1-a_n）
又a₂-a₁≠0，
所以數(shù)列{a_n+1-a_n}是以a₂-a₁為首項，公比為k的等比數(shù)列，
所以a_n+1-a_n=[f（a）-a]k^n-1，
當(dāng)n≥2時，a_n=[f（a）-a]（k+k¹+k²+…+k^n-2）+a…（8分）
①若k=1，a_n=[f（a）-a]（n-1）+a，（n≥2）
對n=1也成立．
數(shù)列{a_n}是公差為f（a）-a≠0的等差數(shù)列，不可能是等比數(shù)列，所以k≠1，
②k≠1，，（n≥2）
對n=1也成立．
所以=，
由數(shù)列{a_n}是等比數(shù)列知，，即f（a）=ka，
即f（a）=ka對任意非零實數(shù)都成立．
綜上可得：數(shù)列{a_n}為等比數(shù)列的充要條件是f（x）=kx（k≠1）．…（10分）
（3）由（Ⅱ）知，數(shù)列{a_n}是首項為2，公比為k的等比數(shù)列，即a_n=2k^n-1，b_n+1-b_n=lnk是一個常數(shù)，
故數(shù)列{b_n}是等差數(shù)列，設(shè)公差為d，
依題意，，
當(dāng)且僅當(dāng)2b₁-d=0或時，是一個與n無關(guān)的常數(shù)，不成立，
所以2b₁-d=0，即2ln2=lnk，k=4．                                                   …（16分）
點評：本題是數(shù)列與函數(shù)的綜合題，綜合性比較強，綜合考查了等差等比數(shù)列以及充分必要條件的證明，其中注意分類討論思想，應(yīng)該熟練掌握靈活運用．