Question

13．已知函數(shù)f（x）=lnx-x+1，x∈（0，+∞），g（x）=x³-3a²x，（a＞0）
（1）求f（x）的最大值；
（2）若對?x₁∈（0，+∞），總存在x₂∈[1，2]使得f（x₁）≤g（x₂）成立，求a的取值范圍．

Answer 1

分析 （1）由導數(shù)求出函數(shù)的單調(diào)區(qū)間，由單調(diào)性求出函數(shù)的最大值；
（2）由f（x₁）≤g（x₂）恒成立，等價于f（x₁）_max≤g（x₂）_max，通過討論a的范圍，確定g（x）的單調(diào)區(qū)間，求出g（x）的最大值，從而求出a的范圍．

解答 解：（1）∵f（x）=lnx-x+1，x∈（0，+∞），
∴f′（x）=$\frac{1-x}{x}$，
∴當0＜x＜1時，f′（x）＞0，
當x＞1時，f′（x）＜0，
∴f（x）≤f（1）=0，
∴f（x）的最大值為0；
（2）若對?x₁∈（0，+∞），總存在x₂∈[1，2]使得f（x₁）≤g（x₂）成立，
依題意地f（x₁）_max≤g（x₂）_max，其中x₁∈（0，+∞），x₂∈[1，2]，
由（1）知f（x₁）_max=f（1）=0
而g′（x）=3（x-a）（x+a），（a＞0），
①0＜a≤1時，x∈[1，2]，g′（x）≥0恒成立，
∴g（x）在[1，2]遞增，此時g（x）_max=g（2）=8-6a²，
由題意得$\left\{\begin{array}{l}{8-{6a}^{2}≥0}\\{0＜a≤1}\end{array}\right.$，
∴0＜a≤1；
②1＜a＜2時，x∈（1，a），g′（x）＜0，x∈（a，2），g′（x）＞0，
∴g（x）在（1，a）遞減，在（a，2）遞增，
∴g（x）_max=max{g（2），g（1）}，
若g（1）＞g（2），即1-3a²＞8-6a²即a²＞$\frac{7}{3}$，
此時1-3a²＜0不合題意；
若g（1）≤g（2）即1-3a²≤8-6a²，即a²≤$\frac{7}{3}$，
∴1＜a≤$\frac{\sqrt{21}}{3}$，
由題意得$\left\{\begin{array}{l}{8-{6a}^{2}≥0}\\{1＜a≤\frac{\sqrt{21}}{3}}\end{array}\right.$，
∴1＜a≤$\frac{2\sqrt{3}}{3}$，
③a≥2時，x∈[1，2]，g′（x）≤0恒成立，
∴g（x）在[1，2]遞減，
∴g（x）_max=g（1）=1-3a²＜0不合題意，
綜上，a∈（0，$\frac{2\sqrt{3}}{3}$]．

點評 本題考查了利用導數(shù)求函數(shù)的最值，運用等價轉(zhuǎn)換思想求參數(shù)，屬于中檔題．