Question

9．在xoy平面內(nèi)，第Ⅲ象限的直線OM是電場與磁場的邊界，OM與x軸負(fù)方向成45°角．在x＜0且OM的左側(cè)空間存在著沿x軸負(fù)方向的勻強電場E，場強大小0.32N/C，在y＜0且OM的右側(cè)空間存在著垂直紙面向里的勻強磁場B，磁感應(yīng)強度大小為0.1T，如圖所示．一不計重力的帶負(fù)電微粒，從坐標(biāo)原點O沿y軸負(fù)方向以v₀=2×10³m/s的初速度進入磁場，已知微粒的電荷量q=5×10^-18C，質(zhì)量為m=1×10^-24kg，π=3.14（保留3位有效數(shù)字）求：
（1）帶電微粒第一次經(jīng)過磁場邊界的位置坐標(biāo)．
（2）帶電微粒由坐標(biāo)原點釋放到最終離開電、磁場區(qū)域所用的時間．
（3）帶電微粒最終離開電、磁場區(qū)域的位置坐標(biāo)．

Answer 1

分析 （1）根據(jù)微粒在電場和磁場中的運動性質(zhì)，可得出微粒運動的過程跡，則可畫出粒子在磁場中的軌跡．由洛侖茲力充當(dāng)向心力可得出粒子在轉(zhuǎn)動半徑，再由幾何關(guān)系可得出微粒第一次經(jīng)過磁場邊界時的位置坐標(biāo)；
（2）根據(jù)粒子的運動過程，分別求得電場和磁場中的時間，則可求得總時間．
（3）粒子進入電場后做類平拋運動，根據(jù)類平拋的規(guī)律可得出最終離開時的坐標(biāo)；

解答 解：（1）帶電粒子從O點射入磁場運動軌跡如圖所示，
由洛倫茲力提供向心力，得：$q{v}_{0}B=\frac{m{v}_{0}^{2}}{r}$
得$r=\frac{m{v}_{0}}{qB}$=$\frac{1×1{0}^{-24}×2×1{0}^{3}}{5×1{0}^{-18}×0.1}$=4×10^-3m
由題意及幾何關(guān)系可知帶電粒子的運動軌跡在磁場中偏轉(zhuǎn)的圓心角為90°，則A點位置坐標(biāo)（-4×10^-3，-4×10^-3）．
（2）設(shè)帶點粒子在磁場中做圓周運動的周期為T，則：T=$\frac{2πr}{{v}_{0}}=\frac{2×3.14×4×1{0}^{-3}}{2×1{0}^{3}}s=1.26×1{0}^{-5}$s
由圖可知粒子在磁場中運動時間：${t}_{1}={t}_{OA}+{t}_{AC}=\frac{1}{4}T+\frac{3}{4}T=1.26×1{0}^{-5}$s
帶電粒子第一次在電場中運動的時間t₂，t₂=$\frac{2{v}_{0}}{a}=\frac{2m{v}_{0}}{qE}$
代入數(shù)據(jù)得：${t}_{2}=2.50×1{0}^{-3}$s
設(shè)粒子從C點沿y軸正方向進入電場，做類平拋運動，則$a=\frac{qE}{m}$，$△x=2r=\frac{1}{2}a{t}_{3}^{2}$
${t}_{3}=\sqrt{\frac{2△x}{a}}$=1.0×10^-4s
粒子在電磁場運動的總時$t={t}_{1}+{t}_{2}+{t}_{3}=2.61×1{0}^{-3}$
（3）豎直方向：△y=v₀t₃=0.2m
所以坐標(biāo)y=△y-2r=0.192m
帶電粒子離開電磁場時的位置坐標(biāo)為（0，0.192m）
答：（1）帶電微粒第一次經(jīng)過磁場邊界的位置坐標(biāo)為（-4×10^-3，-4×10^-3）．
（2）帶電微粒由坐標(biāo)原點釋放到最終離開電、磁場區(qū)域所用的時間為2.61×10^-3s．
（3）帶電微粒最終離開電、磁場區(qū)域的位置坐標(biāo)為（0，0.192m）．

點評 本題考查帶電粒子在電磁場中的運動，注意在磁場中的運動要注意幾何關(guān)系的應(yīng)用，在電場中注意由類平拋運動的規(guī)律求解．