Question

10．如圖（a）所示，兩個完全相同的“人”字型金屬軌道面對面正對著固定在豎直平面內(nèi)，間距為d，它們的上端公共軌道部分保持豎直，下端均通過一小段彎曲軌道與一段直軌道相連，底端置于絕緣水平桌面上．MM′、PP′（圖中虛線）之下的直軌道MN、M′N′、PQ、P′Q′長度均為L且不光滑（軌道其余部分光滑），并與水平方向均構(gòu)成37°斜面，在左邊軌道MM′以下的區(qū)域有垂直于斜面向下、磁感強(qiáng)度為B₀的勻強(qiáng)磁場，在右邊軌道PP′以下的區(qū)域有平行于斜面但大小未知的勻強(qiáng)磁場B_x，其它區(qū)域無磁場．QQ′間連接有阻值為2R的定值電阻與電壓傳感器（e、f為傳感器的兩條接線）．另有長度均為d的兩根金屬棒甲和乙，它們與MM′、PP′之下的軌道間的動摩擦因數(shù)均為μ=$\frac{1}{8}$．甲的質(zhì)量為m、電阻為R；乙的質(zhì)量為2m、電阻為2R．金屬軌道電阻不計．
先后進(jìn)行以下兩種操作：
操作Ⅰ：將金屬棒甲緊靠豎直軌道的左側(cè)，從某處由靜止釋放，運(yùn)動到底端NN′過程中棒始終保持水平，且與軌道保持良好電接觸，計算機(jī)屏幕上顯示的電壓-時間關(guān)系圖象U-t圖如圖（b）所示（圖中U已知）；
操作Ⅱ：將金屬棒甲緊靠豎直軌道的左側(cè)、金屬棒乙（圖中未畫出）緊靠豎直軌道的右側(cè)，在同一高度將兩棒同時由靜止釋放．多次改變高度重新由靜止釋放，運(yùn)動中兩棒始終保持水平，發(fā)現(xiàn)兩棒總是同時到達(dá)桌面．（sin37°=0.6，cos37°=0.8）

（1）試判斷圖（a）中的e、f兩條接線，哪一條連接電壓傳感器的正接線柱；
（2）試求操作Ⅰ中甲釋放時距MM′的高度h；
（3）試求操作Ⅰ中定值電阻上產(chǎn)生的熱量Q；
（4）試問右邊軌道PP′以下的區(qū)域勻強(qiáng)磁場B_x的方向和大小如何？在圖（c）上畫出操作Ⅱ中計算機(jī)屏幕上可能出現(xiàn)的幾種典型的U-t關(guān)系圖象．

Answer 1

分析 （1）有左手定則判定電流方向；
（2）根據(jù)圖象求得電壓對應(yīng)的速度，利用動能定理求得下降時的高度；
（3）由動能定理求得產(chǎn)生的熱量；
（4）通過牛頓第二定律分別求得，兩棒的加速度表達(dá)式，根據(jù)兩者之間的關(guān)系確定力的關(guān)系；

解答 解：（1）對甲棒，利用左手定則確定感應(yīng)電流的方向由M′到M，此時MM′相當(dāng)于電源，f為正極引線．
（2）由圖象知：棒進(jìn)入磁場時定值電阻2R的電壓為U，通過的電流，I=$\frac{U}{2R}$，
有閉合電路歐姆定律可知，此時的電動勢，E=IR_總=$\frac{U}{2R}×3R=\frac{3}{2}U$，
有電磁感應(yīng)定律得：E=B₀dv₁，解得：v₁=$\frac{3U}{2{B}_{0}d}$，
由動能定理得：mgh=$\frac{1}{2}$mv₁²，
解得：h=$\frac{9{U}^{2}}{8gs0euymi^{2}{B}_{0}^{2}}$
（3）當(dāng)甲棒離開磁場時的速度為v₂，有（2）中電磁感應(yīng)知識結(jié)合電路特點(diǎn)得，$2U=\frac{2R}{3R}{B_0}d{v_2}=\frac{2}{3}{B_0}d{v_2}$
解得：${v}_{2}=\frac{3U}{{B}_{0}d}$
對甲棒，由動能定理，有$mgLsin{37°}-μmgLcos{37°}-{Q_總}=\frac{1}{2}m{v_2}^2-\frac{1}{2}m{v_1}^2$，
式中Q_總為克服安培力所做的功，轉(zhuǎn)化成了甲、乙棒上產(chǎn)生的熱量；${Q_總}=\frac{1}{2}mgL-\frac{{27m{U^2}}}{{8B_0^2{d^2}}}$
有串并聯(lián)電路特點(diǎn)：定值電阻上產(chǎn)生的熱量，Q=$\frac{2}{3}{Q}_{總}$=$\frac{1}{3}mgL-\frac{9m{U}^{2}}{4{B}_{0}^{2}g4wwok4^{2}}$，
（4）兩棒由靜止釋放的高度越高，甲棒進(jìn)入磁場時的安培力越大，加速度越小，而乙棒只有摩擦力越大加速度才越小，故乙棒所受安培力應(yīng)垂直斜面向下
由右手定則得：B_x沿斜面向下；
從不同高度下落兩棒總是同時到達(dá)桌面，說明兩棒運(yùn)動的加速度時刻相同．
對甲棒，根據(jù)牛頓第二定律，有
$mgsinθ-μmgcosθ-\frac{{B}_{0}^{2}gkc8mq0^{2}v}{2R}=ma$
對乙棒，根據(jù)牛頓第二定律，有
$2mgsinθ-μ（2mgcosθ+{B}_{X}×\frac{1}{2}×\frac{{B}_{0}dv}{2r}d）$=2ma
所以：$\frac{μ{B}_{X}{B}_{0}ykswyqe^{2}v}{8R}=\frac{{B}_{0}^{2}yyo2amg^{2}v}{2R}$
解得：B_X=$\frac{4}{μ}{B}_{0}$=32B₀
操作Ⅱ中計算機(jī)屏幕上可能出現(xiàn)的U-t關(guān)系圖象有三種可能，如圖（c）所示．
答；（1）f為正極引線；
（2）甲釋放時距MM′的高度h$\frac{9{U}^{2}}{8gmmg80ce^{2}{B}_{0}^{2}}$
（3）試求操作Ⅰ中定值電阻上產(chǎn)生的熱量Q=$\frac{1}{3}mgL-\frac{9m{U}^{2}}{4{B}_{0}^{2}wmsq6ks^{2}}$；
（4）勻強(qiáng)磁場B_x的方向沿斜面向下，大小為32B₀，U-t關(guān)系圖象如圖：．

點(diǎn)評 本題綜合考查了切割產(chǎn)生的感應(yīng)電動勢公式、閉合電路歐姆定律、共點(diǎn)力平衡、能量守恒等知識，綜合性較強(qiáng)，需加強(qiáng)訓(xùn)練．