Question

10．如圖所示，兩條金屬導(dǎo)軌相距L=1m，水平部分處在豎直向下的勻強(qiáng)磁場(chǎng)B₁中，其中MN段平行于PQ段，位于同一水平面內(nèi)，NN₀段與QQ₀段平行，位于與水平面成傾角37°的斜面內(nèi)，且MNN₀與PQQ₀均在豎直平面內(nèi)．在水平導(dǎo)軌區(qū)域和傾斜導(dǎo)軌區(qū)域內(nèi)分別有垂直于水平面和斜面的勻強(qiáng)磁場(chǎng)B₁和B₂，且B₁=B₂=0.5T；ab和cd是質(zhì)量均為m=0.2kg、電阻分別為R_ab=0.5Ω和R_cd=1.5Ω的兩根金屬棒，ab置于水平導(dǎo)軌上，與水平導(dǎo)軌間的動(dòng)摩擦因數(shù)μ=0.5，cd置于光滑的傾斜導(dǎo)軌上，均與導(dǎo)軌垂直且接觸良好．從t=0時(shí)刻起，ab棒在水平外力F₁作用下由靜止開(kāi)始以a=2m/s²的加速度向右做勻加速直線運(yùn)動(dòng)，cd棒在平行于斜面方向的力F₂的作用下保持靜止?fàn)顟B(tài)．不計(jì)導(dǎo)軌的電阻．水平導(dǎo)軌足夠長(zhǎng)，ab棒始終在水平導(dǎo)軌上運(yùn)動(dòng)，已知sin37°=0.6，cos37°=0.8，g=10m/s²．求：

（1）t=5s時(shí)，cd棒消耗的電功率；
（2）從t=0時(shí)刻起，2.0s內(nèi)通過(guò)ab棒的電荷量q；
（3）規(guī)定圖示F₁、F₂方向作為力的正方向，分別求出F₁、F₂隨時(shí)間t變化的函數(shù)關(guān)系；
（4）若改變F₁和F₂的作用規(guī)律，使ab棒的運(yùn)動(dòng)速度v與位移x滿足v=0.4x，cd棒仍然靜止在傾斜軌道上，求ab棒從靜止開(kāi)始到x=5m的過(guò)程中，F(xiàn)₁所做的功．

Answer 1

分析 （1）ab棒向右運(yùn)動(dòng)切割磁感線產(chǎn)生感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)，相當(dāng)于電源，cd相當(dāng)于外電路．要求cd消耗的功率，要先ab產(chǎn)生的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)，由歐姆定律求出電路中電流，即可求得功率．
（2）先由運(yùn)動(dòng)學(xué)位移公式求出t=2.0s時(shí)間內(nèi)棒ab通過(guò)的位移，從而確定出穿過(guò)回路MNQP磁通量的變化量△Φ，由法拉第電磁感應(yīng)定律、歐姆定律和電流的定義式推導(dǎo)出電量表達(dá)式q=$\frac{△Φ}{R+r}$，即可求解通過(guò)ab棒的電荷量q．
（3）先根據(jù)法拉第電磁感應(yīng)定律和歐姆定律得出電路中電流與時(shí)間的關(guān)系式，求F₁可對(duì)ab棒運(yùn)用牛頓第二定律，求F₂可對(duì)cd棒根據(jù)平衡條件求解．
（4）由題v=0.4x，速度v與位移x成正比，可知電流I、安培力也與位移x成正比，可安培力的平均值求解安培力做的功，再對(duì)ab棒運(yùn)用動(dòng)能定理求解F₁所做的功．

解答 解：（1）金屬棒ab在5s時(shí)的速度  ν_t=at=2×5m/s=10m/s
感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)　E=BLν_t=0.5×1×10V=5V
此時(shí)感應(yīng)電流 I=$\frac{E}{{R}_{ab}+{R}_{cd}}$=$\frac{5}{0.5+1.5}$A=2.5A
t=5s時(shí)，cd棒消耗的電功率 P_cd=I²R_cd=2.5²×1.5W≈9.38W
（2）在0～2.0s時(shí)間內(nèi)金屬棒ab運(yùn)動(dòng)的位移
  x=$\frac{1}{2}$at²=$\frac{1}{2}$×2×2²m=4m
在0～2.0s時(shí)間內(nèi)穿過(guò)閉合回路磁通量的變化量為
△φ=B₁Lx=0.5×1×4Wb=2Wb
0～2.0s時(shí)間內(nèi)通過(guò)ab棒的電荷量為
  q=$\overline{I}$△t=$\frac{\overline{E}}{{R}_{ab}+{R}_{cd}}$△t=$\frac{△Φ}{{R}_{ab}+{R}_{cd}}$=$\frac{2}{0.5+1.5}$C=1C
（3）金屬棒ab在做勻加速直線運(yùn)動(dòng)的過(guò)程中，電流和時(shí)間的關(guān)系為
  I=$\frac{BLv}{{R}_{ab}+{R}_{cd}}$=$\frac{BLat}{{R}_{ab}+{R}_{cd}}$=$\frac{0.5×1×2t}{2}$=0.5t （A）
對(duì)金屬棒ab由牛頓第二定律有：F₁-B₁IL-μmg=ma
得：F₁=1.4+0.25t（N
對(duì)金屬棒cd由平衡條件有：F₂+B₂IL-mgsin37°=0
得：F₂=1.2-0.25t（N）
（4）ab棒做變加速直線運(yùn)動(dòng)，當(dāng)x=5m時(shí)，
  ν_t=0.4×5=2（m/s）
因?yàn)樗俣扰c位移成正比，所以電流、安培力也與位移成正比，則
安培力表達(dá)式  F_安=B₁IL=$\frac{{B}_{1}^{2}{L}^{2}v}{{R}_{AB}+{R}_{cd}}$=$\frac{0．{5}^{2}×{1}^{2}×0.4x}{2}$=0.05x（N）
ab棒從靜止開(kāi)始到x=5m的過(guò)程中安培力的平均值 $\overline{{F}_{安}}$=$\frac{0+0.05×5}{2}$=0.125（N）
所以，安培力做功為 W_安=-$\overline{{F}_{安}}$x=-0.125×5=-0.625（J）
根據(jù)動(dòng)能定理，得
  W_F1+W_安-μmgx=$\frac{1}{2}$m${v}_{t}^{2}$-0
所以，W_F1=$\frac{1}{2}$m${v}_{t}^{2}$-W_安+μmgx=6.025J
答：（1）t=5s時(shí)，cd棒消耗的電功率為9.38W；
（2）t=0～2.0s時(shí)間內(nèi)通過(guò)cd棒的電荷量為1C；
（3）F₁隨時(shí)間t變化的函數(shù)關(guān)系為F₁=（1.4+0.25t）N，F(xiàn)₂隨時(shí)間t變化的函數(shù)關(guān)系為F₂=（1.2-0.25t）N；
（4）MN棒從靜止開(kāi)始到x=5m的過(guò)程中，F(xiàn)₁所做的功為6.025J．

點(diǎn)評(píng) 本題是雙桿類型，分別研究它們的情況是基礎(chǔ)，運(yùn)用力學(xué)和電路、電磁感應(yīng)的規(guī)律研究MN棒，其中對(duì)于感應(yīng)電荷量，要熟悉一般表達(dá)式q=$\frac{△Φ}{R+r}$，知道△Φ與棒的位移有關(guān)．對(duì)于功，動(dòng)能定理是常用的求解方法，本題要抓住安培力與位移是線性關(guān)系，安培力的平均值等于初末時(shí)刻的平均值．