Question

14．如圖所示，ABC為豎直放置的半徑為R的光滑半圓形絕緣細(xì)圓管軌道，B為最低點．有帶+Q、-Q電量的兩個點電荷分別固定在水平面的P、N兩點，PN相距為L，PN連線與軌道面垂直且中點為B點，現(xiàn)把一質(zhì)點為m，帶電量為+q的小球（看成質(zhì)點）從A點靜止釋放并沿管內(nèi)下滑，小球運(yùn)動到B點時（　�。�

• A． 受到電場力大小為$\frac{2kQq}{L^2}$
• B． 受到電場力大小為$\frac{8kQq}{L^2}$
• C． 瞬時速度大小為V_B=$\sqrt{2gR}$
• D． 對管道的壓力大小為3mg

Answer 1

分析 小球運(yùn)動到B點時受到的電場力是+Q、-Q對小球靜電力的合力，由庫侖定律和力的合成法求解電場力．由于細(xì)圓管軌道處于兩個點電荷+Q、-Q的電場等勢面，所以小球運(yùn)動過程中，電場力不做功，根據(jù)動能定理求小球運(yùn)動到B點時的瞬時速度．小球在B點時，由牛頓第二定律和向心力公式求出管道對球的豎直方向的分力，結(jié)合電場力，根據(jù)平行四邊形定則求出在B點受到的管道的支持力大小，從而得到球?qū)�管道的壓力大�。?/p>

解答 解：AB、設(shè)小球在圓弧形管道最低點B處分別受到+Q和-Q的庫侖力大小分別為F₁和F₂．則F₁=F₂=k$\frac{Qq}{（\frac{L}{2}）^{2}}$=$\frac{4kQq}{{L}^{2}}$，方向相同，所以小球運(yùn)動到B點時受到電場力大小為 F=F₁+F₂=$\frac{8kQq}{L^2}$．故A錯誤，B正確．
C、管道所在的豎直平面是+Q和-Q形成的合電場中的一個等勢面，小球在管道中運(yùn)動時，電場力和管道的彈力對小球都不做功，根據(jù)動能定理得：
   mgR=$\frac{1}{2}m{v}_{B}^{2}$，得 v_B=$\sqrt{2gR}$．故C正確．
D、設(shè)在B點管道對小球沿豎直方向的支持力的分力為N_By，
在豎直方向，對小球應(yīng)用牛頓第二定律得  N_By-mg=m$\frac{{v}_{B}^{2}}{R}$
聯(lián)立解得  N_By=3mg
設(shè)在B點管道對小球在水平方向的壓力的分力為N_Bx，則N_Bx=F=$\frac{8kQq}{L^2}$．
圓弧形管道最低點B處對小球的支持力大小為  N_B=$\sqrt{{N}_{Bx}^{2}+{N}_{By}^{2}}$=$\sqrt{（3mg）^{2}+（\frac{8kQq}{{L}^{2}}）^{2}}$＞3mg
根據(jù)牛頓第三定律可得小球?qū)�圓弧管道最低點B的壓力大小為 N′_B=N_B＞3mg．故D錯誤．
故選：BC

點評 此題屬于電場與重力場的復(fù)合場，關(guān)鍵要知道管道所在的豎直平面是+Q和-Q形成的合電場中的一個等勢面，小球運(yùn)動過程中，電場力不做功．要注意，在B點電場力與重力、支持力不在同一條直線上，要根據(jù)正交分解法研究支持力的合力．